SOLUCIONARIO DE EXÁMENES
PASADOS PARCIAL
SOLUCIONARIO DE EXÁMENES
PROLOGO
DEDICATORIA
ÍNDICE
UMSA Facultad de Ingeniería UMSA
MAT-207 ECUACIONES DIFERENCIALES
Universidad Mayor de San Andrés – Facultad de Ingeniería
Segundo Parcial 6 de mayo de 2016
1.- (10 puntos) Demostrar que: L f t d f s
ds
2.- (10 puntos) Hallar el operador anular de: f x xex cos2 x 2
3.- (20 puntos) Resolver la ecuación diferencial: x2 y x 2x 3 y x2 3x 3 y 6 x2 ex
4.- (20 puntos) Resolver la ecuación diferencial: 3 x2 yIV 3 x yIII y 3 x3 4
5.- (20 puntos) Utilizando la transformada de Laplace, resolver:
ty 2 y ty sent ; y 0 0
6.- (20 puntos) Resolver la ecuación: y 4y 4y f t : y 0 0 , y 1
adelio ariel chavez .....ADELIUS.....
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II/2015
1.- a) Si existe, anote el operador de coeficientes constantes que anula: f x 3xe4xsen2 2x
b) Anote las hipótesis y tesis del primer teorema de traslación en términos del operador
inverso L1
2.- Resolver la ecuación diferencial: y 4 y 4y e2x ln x
3.- Resolver la ecuación diferencial: x2 y 2xy 2y x 3 2cos ln x2
4.- Resolver la ecuación diferencial:
y 2 y 10 y 2t 3 t 3 4t t 4 ; y 0 1 , y0 3
5.- Resolver la ecuación integro diferencial:
f t f t 0t f d t f d t ; f 0 1
t
0
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PROBLEMAS RESUELTOS
1.- a) Si existe, anote el operador de coeficientes constantes que anula: f x 3xe4xsen2 2x
f x 3xe4x sen2 2x 3 xe 4 x 1 cos 4x
2
f x 3 xe4x xe 4 x cos 4x
2
El operador que anula a xe4x D 42 , y el operador que anula
xe4 x cos 4 x D 42 42 2
Por lo tanto el operador que anula a la función f x es:
D 42 D 42 42 2
b) Anote las hipótesis y tesis del primer teorema de traslación en términos del operador
inverso L1
2.- Resolver la ecuación diferencial: y 4y 4 y e2x ln x
Resolución.
y 4 y 4y e2x ln x D2 4D 4 y e2x ln x
Para la solución homogénea: r2 4r 4 0 r 22 0 r 2 (dos veces)
yh C1e2x C2 xe2x
Para la solución particular apliquemos variación de parámetros:
y1 z y2 z e2z ze2z
x y1 x y2xf z x e2 x xe2 x e2z ln zdz x e2x e2z x z e2z ln zdz
y1 z e2 z ze2 z
yp y2 z dz x0 e4z 1 z z
x0 x0
y1 z y2z e2z e2z 1 z
x
e2 x x z ln e 2 x x ln zdz z ln zdz
yp x0 zdz
I1 I2
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I1 ln zdz Por partes u ln z du dz z
dv
dz v z
I1 uv vdu z ln z z dz z ln z z I1 z ln z 1
z
I2 z ln zdz Por partes u ln z du dz z
dv z
zdz v 2
2
vdu z2 ln z z2 dz z2 ln z 1 z2 1
I2 uv 2 2 z 2 2 zdz I1 2 ln z 2
Reemplazando los valores de las integrales
yp e2 x x z ln z 1 z2 ln z 1 zx
2 2
yp e2 x x 2 ln x 1 x2 ln x 1 e 2 x x 2 ln x x2 x2 ln x x2
2 2 2 4
yp e2 x x2 ln x 3x2 yp x 2 e 2 x ln x 3
4 2 4
2
yG C1e2x C2 xe2x x 2e 2 x ln x 3
2 4
3.- Resolver la ecuación diferencial: x2 y 2xy 2y x 3 2cos ln x2
Resolución
Se trata de la ecuación diferencial de Euler, se hace el siguiente cambio de variable:
x et , y et dy , y e2t d2y dy
dt dt 2 dt
x2 y 2xy 2 y x 3 2 cos 2 ln x
e2t d2 y dy et dy
e2t dt dt 2 et dt 2y et 3 2 cos 2 ln et
2
d2y dy 2 dy 2y et 3 2 cos 2t d2y 3 dy 2y et 3 2cos 2t
dt 2 dt dt dt 2 dt
Ecuación diferencial de coeficientes constantes
Ecuación característica: D2 3D 2 y 3et 2et cos 2t
La para solución homogénea: r2 3r 2 0 r 1 r 2 0 r1 1 r2 2
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yh C1et C2e2t
Para hallar la solución particular, apliquemos operador anulador
El operador que anula et D 1
El operador que anula et cos 2t D 12 22
D2 3D 2 y 3et 2et cos 2t D 1 D 12 22
D 1 D 12 22 D2 3D 2 y 0
D 1D 1 2i D 1 2i D2 3D 2y 0
r 1r 1 2ir 1 2ir 1r 2 0
Ecuación característica: r 12 r 2 r 1 2ir 1 2i 0
r 1 r 2 r 1 2i
dos veces
yG C1et C2e2t C3tet C4et cos 2t C5etsen2t
yh yp
yp et C3t C4 cos 2t C5sen2t C5 2C4 sen2t 2
yp et C3 C3t 2C5 C4 cos 2t
3
yp et 2C3 C3t 4C5 3C4 cos 2t 3C5 4C4 sen2t
2 y p et 2C3t 2C4 cos 2t 2C5sen2t 2t 3C5 6C4 sen2t
3 3C3 3C3t 6C5 3C4 cos
yp et
yp et 2C3 C3t 4C5 3C4 cos 2t 3C5 4C4 sen 2t
d2y 3 dy 2 y et C3 2C5 4C4 cos 2t 4C5 2C4 sen 2t et 3 2 cos 2t
dt 2 dt
Por comparación se tiene: C23 C534C4 2 ; resolviendo el sistema, los valores de las
4C5 2C4 0
constantes son: C3 3 , C5 1 , C4 2
5 5
La solución general será:
yG C1et C2e2t 3tet 2 et cos 2t 1 etsen2t , pero x et t ln x
5 5
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yG C1x C2 x2 3x ln x 2 x cos 2ln x 1 xsen 2 ln x
5 5
4.- Resolver la ecuación diferencial:
y 2 y 10 y 2t 3 t 3 4t t 4 ; y 0 1 , y0 3
Resolución
Previamente agrupamos y ordenamos, para luego aplicar L
y 2 y 10 y 2t 3 t 3 4t 4 4 t 4
y 2 y 10 y 2t 3 t 3 4t 4 t 4 16 t 4 L1
s 2Y s s y0 1 y0 3 2sYs 2 y0 1 10Ys 2 e3s 4 e4s 16 e 4 s
s2 s2 s
s2 2s 10 Y s s 5 2 e3s 4 e 4 s 16 e 4 s
s2 s2 s
s 12 9 Ys s3 5s 2 e3s 4 e4s 16 e4s
s2 s2 s
s3 5s 2 1 e3s 4 1 e4s 16 1 e4s
s2 s
s 12 9 s 12 9 s 12 9 s 12 9
Yss2
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5.- Resolver la ecuación integro diferencial:
f t f t 0t f d t f d t ; f 0 1
t
0
Resolución
f t f t t t f d t f d t L
0 0
sFs f0 1 Fs L t L 1
ft L1 L ft s2
s 1 F s 1 f0 1 1 1
1 s2 sFs s F s s2
s 1 F s F s 1 F s 1 1 s 1 2 F s 1
s s2 s s2 s
s s s 1 1
s 1 2 2 2
F s s2 2 2
2 7 2 7
s 4 s 1 2
2
1 7
s 2
1 1 2 L1
F s 7 2 2
2 7 2 2
s 1 2 2 s 1 7
2 2 2
ft e 1 t cos 7 t 1 e 1 s sen 7 t ft 1 e 1 s sen 7 t e 1 t cos 7 t
2 2 7 2 2 7 2 2 2 2
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I/2015
1) a) Si existe, anote el operador de coeficientes constantes que anula:
f x 1 e2x 2 cos 3x
b) Anote las hipótesis y tesis del segundo teorema de traslación en términos del operador
inverso: L1
2.- Resolver la ecuación diferencial: y 3 y 2 y e2x
1 ex
3.- Resolver la ecuación diferencial: x2 y 5xy 5y 3ln x 2 cos ln x2 4
4.- Resolver la ecuación diferencial: y 9 y f t
y0 2 , y0 0 2 t , 1 t 2
f t 1 , 0 t 1
0 , t 0 ; t 2
5.- Resolver la ecuación integra-diferencial:
yt 4 yt t t y d ; y0 1
0 t y d 0 t
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PROBLEMAS RESUELTOS
1) a) Si existe, anote el operador de coeficientes constantes que anula:
f x 1 e2x 2 cos 3x
Resolución
f x 1 e2x 2 cos 3x 1 2e2x e4x cos 3x
f x cos 3x 2e2x cos 3x e4x cos 3x
Recordar que el operador que anula a cos bx D2 b2 , y el operador que anula a
eax D a
Como las dos funciones están siendo multiplicados, el operador que los anulan será:
cos3x D2 32
e2x cos 3x D 22 32
e4x cos 3x D 42 32
Por lo tanto el operador que anula a la función f x será:
D2 32 D 22 32 D 42 32
b) Anote las hipótesis y tesis del segundo teorema de traslación en términos del
operador inverso: L1
Resolución
2.- Resolver la ecuación diferencial: y 3 y 2 y e2x
1 ex
Resolución:
Ecuación característica: e2x
D2 3D 2 y 1 ex
Rx
Hallando la solución homogénea: r2 3r 2 0 r 2r 1 0 r1 2 r2 1
La solución homogénea será: yh C1 e2x C2 ex
y1 y2
Teniendo la solución homogénea, podemos hallar la solución particular por variación de
parámetros
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y1 z y2 z e2z ez
y1 x y2x ex
y1 z
y2 z ez
x R z x e2x e2z x ex ez ez ex e2z dz
e2z 1 ez dz 1 2 1 ez
yp dz
e3z
x0 x0
x0
y1 z y2z 2e2z ez
x ez ex dz ex x ez dz x ex ex x ez x ez
1 ez 1 ez dz 1 ez dz
ex dz ex
x0 x0 x0
yp 1 e z 1 e z ez
x0 x0
x ez x e z
ez 1
dz ex
x0
yp
ex 1 e z dz ex ln 1 ez ex ln ez 1
x0
yp ex ln 1 ex e x 1 ex
ex
e x ln ln 1 ex ex ln ex 1 ex x
yp ex ex 1 ln ex 1 e2x x
La solución general será: yG yh yp
yG C1e2x C2ex ex ex 1 ln ex 1 e2x x
3.- Resolver la ecuación diferencial: x2 y 5xy 5y 3ln x 2 cos ln x2 4
Resolución.
Se trata de la ecuación de Euler, para lo cual hacemos el siguiente cambio de variable: x et
y et dy ; y e2t d2y dy
dt dt 2 dt
x2 y 5xy 5y 3ln x 2 cos 2 ln x 4
e2t e2t d2y dy et et dy
dt 2 dt 5 dt 5y 3 ln et 2 cos 2 ln et 4
d2y dy 5 dy 5y 3t 2 cos 2t 4 d2y 4 dy 5y 3t 2 cos 2t 4
dt 2 dt dt dt 2 dt
Ahora es una ecuación de coeficientes constantes
Hallando la solución homogénea: D2 4D 5 y 0 r2 4r 5 0 r1,2 2 i
yh C1e2t cos t C2e2t sent
Para hallar la solución particular apliquemos el método operador anular
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t D2
cos 2t D2 22
4D
D2 4D 5y 3t 2 cos 2t 4 D2 D2 4
D2 D2 4 D2 4D 5y 0
r2 r2 4r2 4r 5 0
r1,2 2 i r3,40 r5,6 2i
2veces
La solución particular será: yp C3 C4t C5 cos 2t C6sen2t
La solución general tendrá la forma de yG yh yp
yG C1e2t cos t C2e2t sent C3 C4tC5 cos2tC6sen2t
yh yp
Pero la solución particular no tiene que tener constantes,
yp C3 C4t C5 cos 2t C6sen2t 5
yp C4 2C5sen2t 2C6 cos 2t 4
y 4C5 cos 2t 4C6 sen2t
5 yp 5C3 5C4t 5C5 cos 2t 5C6sen2t
4 yp 4C4 8C5sen2t 8C6 cos 2t
y 4C5 cos 2t 4C6 sen2t
d2y 4 dy 5y 5C3 4C4 5C4t C5 8C6 cos 2t C6 8C5 sen2t
dt 2 dt
5C3 4C4 5C4t C5 8C6 cos 2t C6 8C5 sen2t 3t 2 cos 2t 4
5C3 4C4 4 C3 8 25
C5C5 48C36 2 C4 35
C6 8C5 0 2 65
C5 16 65
C6
yG C1e2t cos t C2e2t sent 8 25 35 t 2 65 cos 2t 16 65 sen2t
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4.- Resolver la ecuación diferencial: y 9 y f t
y0 2 , y0 0 2 t , 1 t 2
f t 1 , 0 t 1
0 , t 0 ; t 2
Resolución
■ Previamente hallemos f t , que es una función seccional:
f t 2 t t 1 t 2 1 t 0 t 1 0 t 1 t 2
f t t 2 t2 t 1 t1 t
Reemplazando f t en la ecuación diferencial: y 9 y f t
y 9 y t 2 t2 t 1 t1 t L
Recordemos que: L fta ta Fseas ; L ta eat
s2Ys s y0 2 y0 0 9Ys 1 e 2 s 1 es 1
s2 s2 s
s2 9 Ys 2s 1 e2 s 1 es 1
s2 s2 s
Ys s 2s 3 s2 s 1 3 e2 s s2 s 1 3 es ss 1 3
3s 3s 3s 3s
2s 1 1
3s 3s 3 s
Ys
s 3 s2 s 3 e2s es ss 3
A1 B1 C0 D 19 E 154 F 154 G 19 H 118 J 118
Ys s3 s s2 s3 s s3
s 3 s 3 e2s es s 3
Ys 1 1 19 154 154 e 2 s 19 118 118 L1
3 s2 s3 s 3 es s s3
s 3 s s 3
Ys e3t e3t t e3t e3t t t t 2 t e3t e3t t t t1 1 e3t e3t t
9 54 54 9 54 54 9 18 18
Y s e3t e3t t 2 e3t 2 e 3 t 2 t 1 e3t 1 e3t 1 t 1 1 e3t e3t t
9 54 54 t2 9 54 54 9 18 18
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5.- Resolver la ecuación integra-diferencial:
yt 4 yt t t ; y0 1
0 t y d 0 y d t
Resolución
yt 4 yt t t yd t L
0 t y d 0
sYs y0 1 4Fs Lt L 1
yt L1 L y t s2
s 4 F s 1 f0 1 1 F s 1
1 s2 sFs s s2
s 4 F s F s 1 F s 1 1 s 4 2 F s 1
s s2 s s2 s
s s s2 2
s2 4s 2
s 22 2 22 2
Fs
s 2
s2 22
22 2 s 22 L1
Fs 2 2
s 2 2
2 e2t senh
2
ft
e2t cosh 2t 2t ft 2e2t senh 2t e2t cosh 2t
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II-2014
ECUACIONES DIFERENCIALES – MAT207
Universidad Mayor De San Andrés - Facultad De Ingeniera
Segundo Examen parcial – sábado 01 de noviembre de 2014
Cada Pregunta 20 puntos
1.- Resolver la ecuación diferencial
1 2x x2 y 21 x y 2 y 2
Con y0 3; y0 2 Si se conoce: y1 1 x
2.- Resolver la ecuación diferencial:
x2 y 3xy 5y 5ln2 x 6sen ln x 2 ln x
3.- Resolver la ecuación diferencial:
yV 5 y 4 y 6 ; y0 y0 y0 y0 0 ; y0IV 1
4.- Resolver la ecuación diferencial:
y 5y 6 y f t ; y0 2 ; y0 3 ; 2 ; t 1
f t 3 t ; 1 t 5
2 ; t 5
5.- Resolver la ecuación diferencial:
ty 2 y 2 y 2t3 ; y0 y0 0
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PROBLEMA RESUELTOS
1.- Resolver la ecuación diferencial
1 2x x2 y 21 x y 2 y 2
Con y0 3; y0 2 Si se conoce: y1 1 x
Resolución.
■ Previamente realizaremos operaciones en la ecuación diferencial
y 21 x y 2 y 2
12x x2 12x x2
12x x2
P x Q x Rx
■ Usemos la fórmula de Abel, para calcular y2 :
e Pxdx 2 1 x
y1 2
1 2x x2
y2 y1 dx ; Pxdx
dx ln 1 2x x2
e ln
12 xx2 2 1 x2
1 x2
1 x 2 x2
y2 1 x dx
dx 1 x x 2
■ Por lo tanto la solución homogénea será:
yh C1y1 C2 y2 yh C1 1 x C2 x2 x 2
- Ahora hallemos la solución particular, por variación de parámetros
y1 z y2z 1 z z2 z 2
y1 x y2 x x2 x 2
y1 z z2 z 2
y2 z
x x 1 x 1 2 z2 dz
Rzdz x0 1 z 2z
yp
x0
y '1z y '2z 1 2z 1
x
yp
x0
x2 x 2 1 z 1 x z2 z 2 1 2 z2 dz
2z
2z 1 2z2 z z2 z 2
x 2 x2 x 2 1 z 21 x z2 z 2
yp dz
x0
1 2z z2 2
La variable a integral es “ z ” lo demás son cttes
21 z z2 z 2
1 2z z2
1 2z z2
yp x2 x 2
2 dz 21 x 2 dz
I1 I2
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u 1 2z z2
( ) Calculamos I1 : Para ello hagamos el siguiente cambio de variable: du 2(1 z)dz
21 z du 1 1
u2 u 2z
1 2z z2
I1 2 dz 1 z2
( ) Calculamos I2 : Para esta integral usemos el método de Ostrogradski
z2 z 2 dz z2 z 2 dz Az B Cz D dz
1 2z z2 1 2z z2 1 2z z2 1 2z z2
I2 2 2
Ahora debemos derivar: z2 z 2 2 dz Az B Cz D dz
1 2z z2 1 2z z2 1 2z z2
De donde:
z2 z 2
1 2z z2
A 1 2z z2 Az B2 2z Cz D
2 zz
2 1 2z z2 2 1 2
z2 z 2
1 2z z2
A 1 2z z2 A 2z 2z2 B 2 2z Cz 1 2z z2 D 1 2z z2
2 1 2z z2 2
z2 z 2 C z3 A 2A2CD z2 2A2A2BC2D z A2B D
0 1 1 2
C 0 1 A 1
B 1/ 2
Se obtiene que: A 2C D 1 2 ; Resolviendo: C 0
2B C 2D 1 3 D 0
A 2B D 2 4
Reemplazando los valores de A, B, C y D en la integral “ I2 ”
z2 z 2 A 1z B 12 C 0z D 0 2z 1
1 2z z2 1 2z z2 1 2z z2 1 2z
I2 2 dz 2 z2
0
■ Reemplazando y en :
yp I
x2 x 2 I1 z x 2 1 x 2 z x
1 2z 1
1 2z z2 1 2z z2
yp
x2 x 2 z x 2 1 x 2 z x
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x2 x 2
yp 1 2x x2
1 x2x 1 1 2x x2 1 yp 1
1 2x x2
1 2x x2
■ La solución general de la ecuación diferencial será:
yG yh yp yG C1 1 x C2 x2 x 2 1
■ Ya que el problema nos da las condiciones iniciales, calculemos y :
yx C1 1 x C2 x2 x 2 1 y0 3 23CC11C22C 2 1 CC12 0
y '0 2 2
y 'x C1 C2 2x 1
■ Finalmente la solución de la ecuación diferencial planteado será:
y 2x2 2x 3 ¡Parábola! Con vértice 1 , 5
2.- Resolver la ecuación diferencial: 2 2
x2 y 3xy 5y 5ln2 x 6sen ln x 2 ln x
Resolución
■ Se trata de una ecuación diferencial de Euler; C.V. x et ln x t
y yx C.V. y yt y et y y e2t y y
■ Sustituyendo el cambio de variable en la ecuación diferencial:
x2 y 3xy 5 y 5 ln2 x 6sen ln x 2 ln x
e2t e2t y y 3 et et y 5y 5t2 6sent 2t
y 2 y 5y 5t2 6sent 2t E.D. coef. Constantes
■ Hallemos la solución homogénea “ yh ”, para ello igualamos a cero la E.D.
y 2 y 5y 0 D2 2D 5 y 0 r2 2r 5 0 r 12 4
De donde: r1,2 1 2i yh C1et cos 2t C2etsen2t
■ Hallemos la solución particular “ yP ”, usemos el M. Operador Anulador
y 2 y 5 y 5t22t 6sent Atn Btn1 z Dn1
D 21 D2 12 AsenBt D2 B2
D2 2D 5 y 5t2 2t 6sent LD D3 D2 1
D2 2D 5 D3 D2 1y 0 r2 2r 5 r3 r2 1 0
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r 2 2r 5 0 r1,2 1 2i
0 r3,4,5 0
De donde: r 3 la solución será
r 2 1 0 r6,7 i
y C1et cos2t C2etsen2t C3 C4tC5t2 C6 cost C7sent
yh y p
► La solución particular “ yp ” debe satisfacer a la ecuación diferencial.
yp C3 C4t C5t 2 C6 cos t C7sent 5
yp C4 2C5t C6sent C7 cos t 2
yp 2C5 C6 cos t C7sent
“ yp ” ¡No debe tener constantes, es por ello que se lo reemplaza n la E.D.!
Las constantes: C3 , C4 , C5 , C6 y C7 se encuentra por comparación
5 yp 5C3 5C4t 5C5t 2 5C6 cos t 5C7sent
2 yp 2C4 4C5t 2C6sent 2C7 cos t
yp 2C5 C6 cos t C7sent
yp 2 yp 5yp 5C5t2 5C4 4C5 t 5C3 2C4 2C5 4C6 2C7 cos t 4C7 2C6 sent
y 2 y 5 y 5t2 2t 0 0 cos t 6 sin t ; ¡Comparando!
5C5 5 C3 6 25
CC54 2
55CC34 4C5 2 5
2C4 2C5 1
0 Resolviendo: ; reemplazando en
4C6 2C7 0 C6 35
4C7 2C6 6
65
C7
y C1et cos 2t C2etsen 2t 6 2 t t 2 3 cos t 6 sent
25 5 5 5
■ Pero según el cambio x et t ln x , sustituyendo en la solución
y C1x1 cos 2 ln x C2 x1sen2 ln x 6 2 ln x ln 2 x 3 cos ln x 6 sen ln x
25 5 5 5
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3.- Resolver la ecuación diferencial:
yV 5 y 4 y 6 ; y0 y0 y0 y0 0 ; y0IV 1
Resolución.
■ Ya que nos da como dato las condiciones iniciales aplicamos T. Laplace.
yV 5 y 4 y 6 L
s5Y s4 y0 0 s3 y0 0 s2 y0 0 s y0 0 y0IV 1 5 s 3Y s s2 y0 0 s y0 0 y0 0
s
4 sYs y0 0 6 Lk k ; k ctte
s s
■ Simplificando y factorizando
s5 5s3 4s 6 6 s
Ys s 1 s s4 5s2 4 Y s s
s6 6 1 si w s2
s2 4 s2 1 s2 4 ;
Ys s2 s s 2 s2 1
1 A 14 B 112 C 13
w w4
Y s s 6 w w 4 w 1 s 6 w 1
Y s s 6 14 112 13 1 s6 1 s6 1 s6
w w4 4 s2 12 s2 4 3 s2 1
w 1
Y s 1 1 3 1 1 s2 s 22 1 22 1 s2 s 2 s2 1 L1
4 s 2 s2 12 4 s2 22 3 12 12
y t 1 3 t 1 cos 2t 1 sen2t 1 cos t 2sen t
4 2 12 4 3
4.- Resolver la ecuación diferencial:
y 5y 6 y f t ; y0 2 ; y0 3 ; 2 ; t 1
f t 3 t ; 1 t 5
2 ; t 5
Resolución.
■ Previamente hallemos ( ), que es una función seccional:
ft 2 t1 3 t t1 t5 2 t5
ft 4t1 t 1 t1 t 5 t5
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■ Reemplazando ft en la ecuación diferencial: y 5 y 6 y ft
y 5 y 6 y 4t1 t 1 t1 t 5 t5 L
■ Recordemos que: L fta ta Fseas ; L ta eat
■ Aplicando las propiedades mencionadas anteriormente.
s 2Y s y0 2 y0 3 5 sY y0 2 6Y 4 es 1 es 1 e5s
s s2 s2
s s s
s2 2 3 10 4s 1 s 1 e5s
5s 6 Y s s s e s2
2
s 3s 2 Y s 2s 7 4s 1 es 1 e5s
s2 s2
Ys s 2s 7 2 s2 s 4s 1 2 es s2 s 1 2 e5s
3s 3s 3s
■ Descomponiendo en fracciones parciales, cada cociente de la igualdad.
A 1 B3 C 1936 D 16 F 119 G 7 4 H 536 I 16 J 19 K 14
s3 s2 s s2 s3 s2 es s s2 s 3 e5s
Ys s 2
Observación: Las constantes C 19 y H 5 se calculan comparando
36 36
Y s 1 3 19 36 16 119 74 536 16 19 14 e5s L1
s3 s2 s s2 s3 s2 es s s2 s3
s 2
■ Aplicando la transformada inversa, recuerde: L Fseas ftata
yt e3t 3e2t 19 1 t 11 e3t 7 e2t t t t 1 5 1 t 1 e3t 1 e2t t t t 5
36 6 9 4 36 6 9 4
3e2t e3t 19 1 11 e3t1 7 e2t 1 5 1 1 e3t 5 1 e2t 5
36 6 9 4 36 6 9 4
yt
t 1 t 1 t 5 t5
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5.- Resolver la ecuación diferencial:
ty 2 y 2 y 2t3 ; y0 y0 0
Resolución.
■ Aplicando transformada D’ Laplace, usemos: dn
L t n ft 1n dsn F s
t1y 2y 2y 2t3 L
■ Luego:
t1 y 2 y 2 y 2t3 n!
L L tn sn1
11 d1 s 2Y s sy0 y0 2 sYs y0 2Ys 2 3!
ds1 s4
d s 2Y s 2sYs 2Ys 12 2sYs s2Ys 2 2sYs 12
ds s4 s4
■ Ordenando:
Ys 4s s22 Ys 12 ; Se obtiene una E.D. Lineal
s6
Ps Qs
e Ps ds 1 ePsds
Ys C
Qsds 1
■Previamente calculemos ePsds
ePsds e 4 2 ds e4ln s 2 2
s s2 s
s4es
■ Reemplazando en (1) tendremos:
2
Y s s 4 e 2 1 s 4e 2 12 ds C ; si u es
s s s6
2 2
s2
du e s ds
Ys 1 e 2 6 2 2 1 e 2 6
s4 s s2 e s ds C s4 s du C
Y s 1 e 2 6e 2 C 6 C e 2 ; C 0
s4 s s s4 s4 s
■ Como ya usamos las condiciones y0 y '0 0 , no existe ninguna cte.
6 3! L1 yt t3
Ys s4 s 31
Ys
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1.- Resolver: I-2014
2.- Resolver: Examen De Ecuaciones Diferenciales
MAT-207 SEMESTRE 1/2014 – SEGUNDO PARCIAL
SABADO 10 DE MAYO DE 2014
2y 3y y 2sen 2x 1 4 cos 2x 3 e2x
2 5 5 2 2
2 2 4 4
y 3y 2 y sen2 t t t ; y0 y0 0
3.- Si dos soluciones de la ecuación diferencial de coeficientes variables
Px y Qx y Rx y Hx y 0
Son: y1 x x2 ; y2 x x5 . Determine la tercera solución si se conoce que:
w x2, y, x5 64x3
4.- Resolver la ecuación diferencial: Resolver la ecuación diferencial: y 6y f t , con las
condiciones y0 1, y0 0
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PROBLEMAS RESUELTOS
1.- Resolver:
2y 3y y 2sen 2x 1 4cos2x 3 e2x
Resolución.
■ Hallemos la solución homogénea: “ ” para ellos igualamos a cero la E. Dif.
2 y 3y y 0 2D2 3D 1 y 0 2r2 3r 1 0
2r 1 r 1 0 r1 1 r2 1
2
yh C1ex C2e 12 x
■ Hallemos la solución particular “ yp ”, usando el Método Operador Anulador
2 y 3y y 2sen 2x 1 4 cos 2x 3 e2x ¡Desarrollando!
2 y 3y y 2sen2x cos1 sen1cos 2x 4cos 2x cos 3 sen2xsen3 e2x
2 y 3y y 4 cos 3 2sen1 cos 2x 2 cos1 4sen3sen2x e2x
■ Reduciendo las constantes numéricas: A 4 cos 3 2sen1 ; B 2 cos1 4sen3
2D2 3D 1 y Acos 2x Bsen2x e2x D2 22 D 2
2D 1 D 1 D2 4 D 2y 0 2r 1r 1r 2r2 4 0
De aquí tenemos:
r1 1 ; rr43,522 i
r2
1
2
y C1ex C2e 12x C3e2x C4cos 2x C5sen2x
yh yp
■ “ ” debe satisface a la ecuación: 2 + 3 + = cos 2 + sen 2 +
■ Calculando sus derivadas de
yp C3e2x C4 cos 2x C5sen2x 3
yp 2C3e2x 2C4sen2x 2C5 cos 2x
yp 4C3e 2 x 4C4 cos 2x 4C5sen2x 2
3yyp pC3e6C2x3e2Cx 4c6oCs 24sxen2Cx5se6nC25xc os 2x
2 yp 8C3e2x 8C4 cos 2x 8C5sen2x
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2 y 3y y 3C3 e2x 6C5 7C4 cos 2x 6C47C5 sen2x e2x A cos 2x Bsen2x
1 A B
36CC35 1 C3 13
7C4 A C4 7 A 6B85
Comparando: Resolviendo: en
C5
6C4 7C5 B 6 A 7B
85
■ Finalmente reemplacemos los valores obtenidos en :
y C1e x C2e 12 x 1 e 2 x 7 A 6B cos 2x 6 A 7B sen2x
3 85 85
Dónde: A 4 cos 3 2sen1 y B 2 cos1 4sen3
2.- Resolver:
5 5 ; ( ) = ( ) = 0
− 3 + 2 = sen 2 − 2 − 2 + 4 − 4
Resolución.
■ Previamente llamemos:
5 5
( ) = − 2 + 4 − 4
( ) = 1 ; ≥ 0 → ( ) = ⎧⎪1 ; 5 5
0 ; < 0 = − 2 + 4 − 4 ≥ 0 …❶
⎪⎨0 ; 5 5
⎩ − 2 + 4 − 4 < 0 …❷
■ Resolviendo la inecuación ❶
5 5 5 5 ⫽( ) ; || =
− 2 + 4 − 4 ≥ 0 ⟹ − 2 + 4 ≥4
5 5 5 5 5 5
− 2 + 4 − 4 ≥ 0 ⟹ − 2 + 4 − 4 − 2 + 4 + 4 ≥ 0
5 5 3 ≥0 ⫽∙ 4 ⟹ (2 − 5 + 2 )(2 − 5 + 3 ) ≥ 0
− 2 + − 2 + 2
Factorizando al máximo: (2 − )( − 2) (2 − 5 + 3 ) ≥ 0 ⟹ (2 − )( − 2) ≥ 0
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■ De donde: Para ❶ se extrae los intervalos de grafico
( ) = = 1 ; 0 < ≤ ⁄2 ∨ ≥ 2 … ❶
0 ; ⁄2 < < 2 … ❷
( ) = 1 ∙ ( ) − + (0) − ( ) + 1 ∙ ( )
( ) = ( ) − + ( ) … ()
■ Reemplazando () en la ecuación diferencial: − 3 + 2 = sen 2 − ( )
+ ( ) )
− 3 + 2 = sen 2 − 2 ( ) − + sen 2( − 2) (
− 3 + 2 = sen 2 − 2 ( ) − sen 2 − 2
Tomar en cuenta: sen 2 − = − sen 2 = − sen 2( − 2) reemplazando
+ sen 2( − 2) ( ) ⫽ { }
− 3 + 2 = − sen 2 ( ) − sen 2 − 2
22 2
( ) − ( ) − ( ) − 3 ( ) − ( ) + 2( ) = − + 2 − + 2 − + 2
[ − 3 + 2]( ) = ( − 2)( − 1)( ) = − 2 2 2
+ 4 − + 4 − + 4
■ Despejando ( ):
−2 −2 −2
( ) = ( − 2)( − 1)( + 4) + ( − 2)( − 1)( + 4) + ( − 2)( − 1)( + 4)
() () ()
■ Descomponiendo Ps :
Ps 2 A 14 B 25 Cs D
s 2 s s2 4 s2 s 1 s2 4
1
1 s 1 s2 4 2 s 2s2 4 Cs D s2 3s 2
4 5 2s 1s2 4
P s
s
2 1452C s3 14 54 3C D s2 1852C 3D s 11562D
0 0 0 2
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De aquí hallamos los valores de C y D: C 3 20 , D 110
■ Reemplazando en Ps :
1 2 3 s 1
4 20 10
P s 5 s2 4 1 1 2 1 3 s 22 1 2
s2 s 1 4 s 2 5 s 1 20 s2 20 s2 22
■ Reemplazando ( ) en ( ):
Ys 1 s 1 2 s 1 3 s 22 1 s2 2 22 ....
4 2 5 1 20 s2 20
... 1 1 2 1 3 s 1 2 e 2 s ....
4 5 1 20 20
s 2 s s2 22 s2 22
... 1 1 2 1 3 s 1 2 e 2 s L1
4 5 1 20 20
s 2 s s2 22 s2 22
y t 1 e2t 2 et 3 cos 2t 1 sen 2t t .....
4 5 20 20
1 e2 t 2 et 3 cos 2 t 1 sen2 t ....
.... 4 2 5 2 20 2 20 2
t 2
.... 1 e2t2 2 et 2 3 cos 2 t 2 1 sen 2 t 2 t 2
4 5 20 20
3.- Si dos soluciones de la ecuación diferencial de coeficientes variables
( ) + ( ) + ( ) + ( ) = 0
Son: () = ; () = . Determine la tercera solución si se conoce que:
( , , ) = 64
Resolución.
■ Realizando operaciones en la condición dada:
( , , ) = 64 ⟹ [( , , )] = 64
( , , ) = 16 ⟹ 2 ′ 5 = 16
2 ′′ 20
■ Calculando la determinante, para ello tomamos la segunda columna.
− + 2 5 = 16
2 5 2 20 2 20
3 − 18 + 30 = 16 ⟹ 3 − 18 + 30 = 16 … ()
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= ; ( ) = ( )
■ Se trata de una ecuación diferencial de Euler: =
= ( − ′)
3 ∙ ( − ) − 18 ∙ + 30 = 16
3 − 21 + 30 = 16 … ()
(3 − 21 + 30){} = 16 ⫽ ⟹ 3( − 7 + 10){} = 0
■ La solución estará dada por: 3( − 2)( − 5) = 0 ; = 2 , = 5 , = 0
= + + ⏟ … ()
=
■ “ ” Debe satisfacer a la ecuación diferencial () = 0 en ()
= 0
16
3 − 21 + 30 = 16 ⟹ 30 = 16 ⟹ = 30
■ Reemplazando = en (), análogamente =
= ( ) + ( ) 8 + 8
+ 15 = + 15
8
= 15
4.- Resolver la ecuación diferencial: − 6 = (), con las condiciones ( ) = 1, ( ) = 0
Resolución. .....ADELIUS.....
■ La función seccional ft; extraída del grafico será igual a:
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2sen t 1 ; 0 t
3 6 2
ft
1
t 2 ; t
■ Calculemos ft; con los intervalos dados:
ft 2sen t 1 t 0 t 1 t 2 t t2
3 6
ft 2sen t 1 t 2sen t 1 t t 1 t 2 t2
3 6 3 6
■ Por identidades: 2sen t 3sen t cos t 3sen 1 t cos 1 t
3 6 3 3 3 3
ft 3sen t cos t 1 t 3sen 1 t cos 1 t 1 t t 1 t 2 t 2
3 3 3 3
■ Apliquemos Transformada D’ Laplace a la función ft
13 13 1 1
s 1 s
Fs 3 s 3 s2 e s s2 e2 s
s2 1 s2 1 s2 1 s2 1
9 9 9 9
■ Ahora apliquemos transformadas D’ Laplace a la ecuación diferencial
y 6y ft L sYs y0 1 6Ys F s Ys 1 1 Fs
s6
s 6
■ Reemplazando en :
3 s 3 s 1 1
3 3
Ys 1 1 1 1 1 s2 es s2 e2 s
s 6 s 6 9 s 9
s 2 s 2
3 s 3 s 1 1
3 3
1 1
Ys 6 e s e2 s
s s6 s2s 6 s2s 6
s s 6 s2 91 R s s 6 s2 19
Qs Qs
P s Ps
■ Descomponiendo en fracciones parciales Ps , P 's , Qs y Rs
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* Rs s 1 6 A 16 B 16 1 1 1 s 1 6 1
s S S 6 6 s 6
1 1 s 1 1 s A 136 B 136
s2 62 s2 s2 62
*Qs s2 6 6 s2 6
s
Qs 1 s 6 1 1 1 1 6 1 2
36 s2 36 s s2
s 6 s 6 s 6
3 s A 9325 9 323
s2 s2 36
*P s 3 3 s s 6 1 3 s s 6 B 1
3 3 s2 9
s 6 1 s2 62 s2 1
9 9
Ps 1
3078 3 3 18 1 54 3 15 33 s
5525 325 323 3 323
S 6 1 1
s2 9 s2 9
* 3 13
Ps 3078 3 18 1 15 54 3 33 s
5525 325 323 323
S 6 s2 1 s2 1
9 9
■ Reemplazando las equivalencias obtenidas en :
1 1 3 3 54 1
6 325 36
1 3078 18 3 1 1 36 3078
5525 1950 s 5525
Ys s 6 s 6 s2 s6 ....
1 1 1 1
15 54 3 33 s 6
... 323 3 323 e s 36 36 e2 s L1
s s6
s2 1 s2 1 s2
9 9
■ Aplicando la transformada inversa D’ Laplace; antes recordar:
L1 k k t ; L1 s 1 a eat ; L1 s2 s a2 cos at ; L1 s2 a a2 senat
■ Aplicando las propiedades mencionadas anteriormente; L1 Fseat ftata
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yt e6t 3078 18 3 1 e6t t 1 t 54 3 15 sen t t 33 ..
5525 1950 6 323 3 323
t
... 1 1 t 3 3 54 1 e6t 3078 15 54 3 sen 1 t
36 6 325 36 5525 323 3
t
.... 33 cos 1 t t 1 1 t 2 1 e6t 2 t
323 3 36 6 36
2
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II-2013
EXAMEN DE ECUACIONES DIFERENCIALES MAT-207
UNIVERSIDAD MAYOR DE SAN ANDRES - FACULTAD DE INGENIERIA
SEGUNDO PARCIAL - VIERNES 01 DE NOVIEMBRE DE 2013
1.- a) Si existe, identifique el operador de coeficientes constantes que anula a:
( ) = ( + 3 )
b) Hallar la ecuación diferencial que tiene por solución:
= + − 4 ln
2.- Resolver la ecuación diferencial:
+ 3 − − 3 = 4 − 1
3.- Resolver la ecuación diferencial:
+ 2 = sec(ln )
4.- Resolver la ecuación diferencial:
+ 2 + 5 = 6( ) + 3( ) ; ( ) = 2 ; ( ) = 1
5.- Resolver la ecuación integro – diferencial:
− 6 ( ) = 4 + ; ( ) = 0
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PROBLEMAS RESUELTOS
1.- a) Si existe, identifique el operador de coeficientes constantes que anula a:
f x e3x 3x3 2
b) Hallar la ecuación diferencial que tiene por solución:
y Ax2 Bx2 4 ln x
Resolución.
■ a) Desarrollamos f x : f x e6x 6x3e3x 9x6
- Recuerda: - Para ( ):
eat D a e6x D 6
xn xn1 ... eat D a n1 6x3e3x D 34
xn xn1 ... Dn1
9x6 D7
* El operador anulador que anula a ( ) será el producto de los mismos
f x e6x 6x3e3x 9x6 LD D 6 D 3 D7
D 6 D 3 D7 f x 0 LD D 6 D 3 D7
■ b) Hallemos la ecuación diferencial “Multiplicando y derivando”. A, B cte.
y Ax2 Bx2 4 ln x x2 x2 y Ax4 4x2 ln x B
2xy x2 y 4Ax3 8x ln x 4x x3 2x2 y x1 y 4A 8x2 ln x 4x2
4x3 y 2x2 y x2 y x1 y 16x3 ln x 8x3 8x3 x3
Simplificando y ordenando:
4 y 2xy xy x2 y 16 ln x x2 y xy 4 y 16 ln x
2.- Resolver la ecuación diferencial:
+ 3 − − 3 = 4 − 1 … ()
Resolución.
Se trata de una ecuación diferencial lineal de coeficientes ctte.
■ Hallemos la solución homogénea, igualamos el lado izquierdo a cero.
: + 3 − − 3 = 0 ⟹ ( + 3 − − 3){} = 0
= −3
Ecuación característica: + 3 − − 3 = 0 ⟹ ( + 1)( − 1)( + 3) = 0 ⟹ = −1
= 1
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= + + … ❶ ⫽
■ Hallemos la solución particular, usemos el operador anulador.
: + 3 − − 3 = 4 − 1 ⟹ ( + 3 − − 3){} = 4 − 1
Ecuación característica: ( + 3 − − 3) = 0 ⟹ ( + 1)( − 1)( + 3) = 0
= −3 ; = −1 ; = 1 ; , , = 0
= + + + + + … ❷
■ Hallemos los valores de A, B y c ya que “ ”, no incluye constantes.
= + + ⟹ = + 2 ⟹ = 2 ⟹ = 0
■ Si es una solución de la ecuación diferencial, debe satisfacer a la misma.
■ Reemplazando y sus derivadas en la ecuación diferencial ()
+ 3 − − 3 = 4 − 1 ⟹ 0 + 3(2) − ( + 2) − 3( + + ) = 4 − 1
−3 = 4
−3 + (−3 − 2) + 6 − 3 − = 4 − 1 ⟹ −3 − 2 = 0
6 − 3 − = −1
Resolviendo el sistema: = − ; = ; = − reemplazando “ ”
71 8 4
= + + ⟹ = − 27 + 9 − 3 … ❸
■ Finalmente reemplacemos ❸ en ❷, así obtendremos la solución general
71 8 4
∴ = + + − 27 + 9 − 3
Nota.- La ecuación + 3 − − 3 = 4 − 1; se la puede reducir de orden haciendo:
( + 3) − ( + 3) = 4 − 1 el siguiente cambio de variable = + 3, entonces:
− = 4 − 1. El método para resolver esta ecuación puede ser la misma o por variación
de parámetros.
3.- Resolver la ecuación diferencial:
x2 y xy 2 y x secln x
Resolución.
y dy et dy
: dx dt
Se trata de una ecuación diferencial de Euler, C.V. x et
d2y d2y dy
y dx2 e2t dt 2 dt
Reemplazando en: x2 y xy 2 y x secln x ; x et t ln x
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e2t e2t d 2 y dy et et dy 2 y et sec t ; y d2y y dy
dt dt 2 dt
dt 2 dt
■ Simplificando y ordenando: y 2 y 2 y et sec t ; y f t ; Ec. Dif. Coef. C.
Rt
■ Hallemos la solución homogénea:
yh : y 2 y 2 y 0 D2 2D 2 y 0 r2 2r 2 0
Resolviendo: r1 1 t r2 1 i , entonces: yh a1 et cos t a2 etsent 1
y1 y2
■ Hallemos la solución particular, usando el método de variación de parámetros.
y1 z y2z ez cos z ezsenz
y1t y2t
y1 z
y2 z
t t et cos t etsent ez sec zdz
ez cos z ezsenz
yp Rzdz
t0 t0
y1 z y2z cos z senz ez senz cos z ez
t ezet sent cos z cos tsenz ez sec z et t sent cos z cos tsenz
t0 t0 cos z
cos zsenz cos2 z senz cos z sen2z
yp e2z dz dz
t et t senz dz etsent z zt et cos t ln cos z
cos z
etsent dz cos t
t0 t0
yp z t
yp tetsent et cos t ln cos t 2
■ Reemplazando (1) y (2) en yG yh yp
yG a1et cos t a2etsent tetsent et cos t ln cos t
■ Sustituyendo el C.V. x et t lnx :
yG a1x cos ln x a2xsen ln x x ln xsen ln x x cos ln x ln cos ln x
4.- Resolver la ecuación diferencial:
y 2 y 5 y 6t2 3tut3 ; y0 2 ; y0 1^
Resolución.
■ Previamente agrupamos y ordenamos, para luego aplicar L :
y 2 y 5 y 6t2 3t 3 3 ut3 6t2 3t 3 ut3 9ut3
■ Apliquemos transformadas de Laplace; si y0 2 ; y0 1
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y 2 y 5y 6t2 9ut3 3t 3 ut3 L
s2Ys s y0 2 y0 1 2sYs 2 y0 2 5Ys 6e2s 9 e3s 3 e3s
s s2
s 2Y s 2s 1 2sYs 4 5Ys 6e2s 3 3s 1 e3s
s2
s2 3
2s 5 Y s 5 2s 6e2s s2 3s 1 e3s s2 2s 5
3 2s 1 6 e 2 s 3s 1 1
s 12 22 3 e3s
Ys 12
s 22 s2s2 2s 5
P s
■ Descomponiendo en fracciones parciales Ps
Ps s2 1 Cs3 Ds2
3s 1 A B 15 Cs D As s2 2s 5 5 s2 2s 5
s2 2s 5 s s2 s2 2s 5
s2 s2 2s 5
3s 1 AC s3 2A15 D s2 5A52 s 1 ; por comparación
0
1
0 3
Resolviendo: A 13 ; C 13 ; D 31 ; P s 13 1 1 1 1 13s 31 2
25 25 25 25 s 5 s2 25 s2 2s 5
■ Reemplazando (2) y (1); además ordenando de forma adecuada para L1
Ys 3 2 22 2 s 1 22 2 22 .....
2 3 e2s
12 12 12
s s s
..... 3 1s3 5 9 s 2 22 13 s 1 22
25 s2 e3s
12 s 12
■ Aplicando la anti transformada:
yt 3 e t sen 2t 2et cos 2t 3e t sen 2t t t t 2 3 13 5t 9etsen2t 13et cos 2t t t t 3
2 25
y t 3 sen 2t 2 cos 2t e t 3et2sen2 t 2 t2 ....
2
t
.... 3 13 5t 3 9et3sen2 t 3 13et 3 cos 2t 3 t3
25
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5.- Resolver la ecuación integro – diferencial:
t
y 6 et yd 4 e3t ; y0 0
0
Resolución.
■ Previamente agrupamos de forma correcta para luego aplicar L1 :
t
y 6 et yd 4 e3t L
0
sYs y0 0 6 L et L yt 4 s 1 3
s
sYs 6 1Y 5s 12 s 3s 2 Ys 5s 12
s s ss 3 s 1 ss 3
Ys s 15s 12 A 23 B 23 C 35 D 35 L1
ss 3s 2s 3 s s3 s2 s3
■ Apliquemos L1 :
y t 2 2 e3t 3 e2t 3 e3t
3 3 5 5
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I-2013
EXAMEN DE ECUACIONES DIFERENCIALES MAT-207
UNIVERSIDAD MAYOR DE SAN ANDRES - FACULTAD DE INGENIERIA
SEGUNDO PARCIAL SABADO 11 DE MAYO DE 2013
PRIMERA PARTE – CADA PREGUNTA 10 PUNTOS
1.- Si existe, anote el operador de coeficientes constantes que anula:
( ) = ( − cos 3)
2.- Calcule la transformada inversa de Laplace para:
3 + + 1
( ) = ( − 4 + 4)
SEGUNDA PARTE – CADA PROBLEMA 20 PUNTOS
3.- Resolver la ecuación diferencial:
tan(ln )
+ 5 + 8 =
4.- Resolver la ecuación diferencial:
− 5 + 4 = 4 ( ) = ( ) = 2
5.- Resolver la ecuación integro- diferencial: ( ) = ( ) = 0
= 2 − sen − ( ) ; ( ) = 1
6.- Resolver la ecuación diferencial:
− 4 + 5 = 8( ) + 4( ) ; ( ) = 2
( ) = 0
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PROBLEMA RESUELTOS
1.- Si existe, anote el operador de coeficientes constantes que anula:
( ) = ( − cos 3)
Resolución.
■ Desarrollemos ( ): ( ) = − 2 cos 3 + cos 6 +
- Recuerda: - Para ( ):
→
1
⟶ − 2 →
cos ⟶ +
cos ⟶ ( − ) + ⟶ − 4
−2 cos 3 ⟶ ( − 2) + 3
1
2 cos 6 ⟶ + 6
■ El operador que anula a ( ) será el producto de cada operador, que anula a los mismos
11
( ) = − 2 cos 3 + 2 cos 6 + 2 ⫽ ( − 4)( + 6 )[( − 2) + 3 ]
( − 4)( + 36)( − 4 + 13) ( ) = 0 ⟹ ( ) = ( − 4)( + 36)( − 4 + 13)
2.- Calcule la transformada inversa de Laplace para:
3 + + 1
( ) = ( − 4 + 4)
Resolución.
■ Previamente efectuamos operaciones en la función:
3 + + 1
( ) = ( − 2)
■ Remplacemos el C.V. = − 2 ⟶ = + 2
3( + 2) + + 2 + 1 3 + 13 + 15 3 13 15 3 13 15
= = = + + = ( − 2) + ( − 2) + ( − 2)
■ Apliquemos la transformada inversa, además ( ) = ( )!
3 13 15 3 13 15
( ) = ( − 2) + ( − 2) + ( − 2) ⫽ { } ⟹ ( ) = 3! + 4! + 5!
1 13 1
∴ ( ) = 2 + 24 + 8
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3.- Resolver la ecuación diferencial:
tan ln x2
x2 y 5xy 8y x2
Resolución.
y d2y e2t d2y dy
: dx2 dt 2 dt
■ Se trata de una ecuación diferencial de Euler, x et
y dy et dy
dx dt
x et t ln x y d2y y ' dy
dt 2 dt
tan ln x2
■ Reemplazando en: x2 y 5xy 8y x2
e2t e2t d2y dy 5 et et dy 8 y e2t tan 2t
dt 2 dt dt
■ Simplificando y ordenando: y 4 y 8y e2t tan2t , y f t E.D.C.C.
R t
■ Hallando la solución homogénea “ ”: y 4 y 8y 0 D2 4D 8 y 0
Ecuación característica: r2 4r 8 0 r 22 4 r1,2 2 2i
yh a1e2t cos 2t a2e2tsen2t 1
■ Hallando la solución particular “ ” por variación de parámetros.
y1 z y2 z
t y1t y2t R z dz ; donde: y1 e2t cos 2t
y1 z y2 z y2 e2t sen 2t
yp
t0
y1 z y2 z
■ Sustituyendo:
e2z cos 2z e2 z sen 2 z
t e2t cos 2t e2tsen2t e2z tan 2zdz
e2z cos 2z e2 z sen 2 z
yp
t0
2cos 2z sen2z e2z 2sen2z cos 2z e2z
e2ze2t sen2t cos 2z cos 2tsen2z
sen2z cos 2z cos2 2z sen2z cos 2z sen2 2z
t e2z tan 2zdz
y p t0 2e4z
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y p e2t t sen 2tsen 2z cos 2t sen2 2z dz
2 t0 cos 2z
e2t t t 1 cos2 2 z
2 sen2t sen2zdz t0 cos 2z dz
t0
yp cos 2t
yp e2t 1 sen 2t cos 2t 1 cos 2t ln sec 2t tan 2t tan t 1 sen 2t cos 2t
2 2 2 4 2
yp 1 e 2t cos 2t ln tan t 2
4 4
■ La solución de la ecuación diferencial será: = + ; reemplazando (1) y (2)
yG a1e2t cos 2t a2e 2t sen 2t 1 e2t cos 2t ln tan t
4 4
■ Reemplazando la variable original x et t ln x entonces.
yG x 2 a1 cos 2ln x a2sen 2 ln x 1 cos 2 ln x ln tan ln x
4 4
4.- Resolver la ecuación diferencial:
yIV 5 y 4 y 4 ; y2 y2 2 , y2 y2 0
Resolución.
■ Llevemos al origen las condiciones iniciales C.V. = − 2 y2 y0
x2t 0
■ Ahora las nuevas condiciones iniciales serán: y0 y0 2 ; y0 y0 0
yIV 5y 4 y 4 L
s4Ys s3 y0 2 s2 y0 2 s y0 0 y0 0 5 s2Ys sy0 y0 4Ys 4
s
s4 5s2 4 Ys s2 4 s2 1 Ys 4 10 10s 2s2 2s3
s
Ys s 4 10s 10s2 2s3 2s4 A1 B0 C 23 D2 E 13
s s2 s 1 s 1 s2
s 2s 2 s 1s 1
Ys 1 2 1 2 s 1 1 1 2 L1
s 3 s 1 1 3 s
yt 1 2 et 2et 1 e2t
3 3
■ Sustituyendo la variable original = − 2, tendremos la solución.
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y 1 2 ex2 2e x 2 1 e2 x 2
3 3
5.- Resolver la ecuación integro- diferencial:
t
y 2t 2 sent yd ; y0 1
0
Resolución.
■ Apliquemos la transformada de Laplace a la ecuación:
t sYs y0 1 4 1 1 1 Ys
s3 s2 s
y 2t2 sent yd L
0
s 1 Y s 4 1 Y s s2 4 s
s s3 s2 1 s2 1 s2 1 2
A 4 B 4 1 s L1
s2 s2 1 s2 1 s2 1
Ys
yt 4t 4sent sent cos t
t
■ En () hallemos la convolución: gt ft g ftd
0
sent cos t t cos t d 1 t sen t sen t d
2
sent
0 0
sent cos t 1 t sent sen 2 t d 1 tsent
2 2
0
■ Reemplazando () en ()
yt 4t 4sent sent cos t yt 4t 4sent 1 tsent
2
6.- Resolver la ecuación diferencial:
y 4 y 5y 8t4 4tut2 ; y0 2 , y0 0
Resolución.
■ Apliquemos transformada de Laplace en la ecuación, previamente agrupemos.
y 4 y 5 y 8t4 4t 2 ut2 8ut2 L
s 2Y s sy0 y0 4 sYs y0 5Ys 8e4s 4 e 2 s 8 e2s
s2 s
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s 2Y s 2s 4 sYs 2 5Ys 8e4s 4 e2s 8 e 2 s
s2 s
s2 2s 8 8e4s 1 2 s e2 s
4s 5 Ys 4 s
2
2s 2 4 8 1 e 4 s 4 s2 s12 24ss 5 e 2 s
s 22 1 1
Ys s 22 1 s 22
P s
■ Descompongamos ( ) en fracciones parciales.
Ps s2 1 Cs3 Ds2
1 2s A B 15 Cs D As s2 4s 5 5 s2 4s 5
s2 4s 5 s s2 s2 4s 5
s2 s2 4s 5
Igualando: AC s3 4 A15D s2 5A54 s 1 2s 1
0
0 2
“Resolviendo el sistema” BA242545 ; en ( ):
A C
D
■ Por comparación: 4 A 1
5
A 4 C 11
25 25
4 25 15 4 s 11 4 1 1 1 3 1 4 s 2
s s2 25 25 25 s 5 s2 25
P s s2 4s 5 2 1 22
25 s 2 s 1
■ Reemplazando () en ()
Ys 2 s2 1 1 e 4 s ......
4 8
22 1 22 1 22 1
s s s
.... 4 4 1 1 1 3 1 4 s s2 e 2 s
25 s 5 s2 25 25
22 1 22 1
s
■ Apliquemos la transformada inversa de Laplace:
yt 2e2t cos t 4e2tsent 8e2tsentut t t 4 4 4 1 t 3 sent 4 cos t e2t ut t t 2
25 5 25 25
yt 2 cos t 4sent e2tut 8e2t4sen t 4 ut4 .....
.... 4 4 1 t 2 3 sen t 2 4 cos t 2 e2t 2 ut 2
25 5 25 25
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II-2012
EXAMEN DE ECUACIONES DIFERENCIALES MAT-207
UNIVERSIDAD MAYOR DE SAN ANDRES - FACULTAD DE INGENIERIA
SEGUNDO PARCIAL – 04 DE NOVIEMBRE DE 2012
CADA PREGUNTA 25 PUNTOS
1.- Resolver la ecuación diferencial de orden superior:
( + ) + (2 − ) − (2 + ) = ( + 1)
2.- Resolver la ecuación diferencial, discutir la existencia de la solución en el punto ( ) = :
( − 2) + 5( − 2) + 8( − 2) = tan[ln( − 2)]
− 2
3.- En la ecuación integro diferencial siguiente:
+ 2 + ( ) = ( ) ; ( ) = 1
; 0 ≤ ≤ 1
Donde ( ) esta dada por: ( ) = − + 2 ; 1 ≤ ≤ 2
0 ; > 2
Hallar la transformada de Laplace de:
()
− ()
4.- Resolver la ecuación diferencial siguiente:
+ 4 = ( − 1) − ⟦ − 1⟧
Con ( ) = 0 ; ( ) = 1
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PROBLEMAS RESUELTOS
1.- Resolver la ecuación diferencial de orden superior:
( + ) + (2 − ) − (2 + ) = ( + 1)
Resolución.
■ Se trata de una ecuación diferencial de coeficientes variables, debemos encontrar la
solución homogénea por tanteo, la suma de los coef. es cero.
( + ) + (2 − ) − (2 + ) = 0 ⟹ = … ()
■ Hallando “ ” usando la formula de Abel, previamente ordenemos la E.D.
2 − 2 + ∫ ( )
+ + − + = + 1 ⟹ = ( ) … ()
()
() ()
■ Calculemos por separado la integral ∫ ( ); esto para simplificar el trabajo
2 − 2 + − ( + ) + 2
( ) = + = = ( + 1) − 1
+
2 −1
( ) = + + 1 − 1 = + + 1 − 1 = ln − ln( + 1) −
( ) = ln + 1 − … ()
■ Reemplazando () y () en ():
= = ( + 1) =
−
1 … ()
= −
■ La solución homogénea será:
= + ⟹ = − … ()
■ Ahora calculemos la solución particular “ ”, por variación de parámetros.
( ) ( ) −
( )
= ( ) ( ) ( ) = − ( + 1)
( ) −
( )
( )
= − + ( + 1) = 1
( + ) −
= [− ( + 1)] − 1 = [− ( + 1)] − 1
3 3
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