Primagama Smart Solution Saintek

Maka: x > 1
f ’(x) = 4(1 + (-tan2x) + tan4x + … ) 2 x2 +1

∞ x − 1 < 0
2 x2 +1
∑= 4 ((-1)i tan x)2i
x(x2 + 1) − 2 < 0
i =0 2( x2 + 1)

5. Jawaban: B x3 + x−2 < 0
Pembahasan: 2( x2 +1)
t9 – t = t(t8 – 1) = 0
t(t4 – 1)(t4 + 1) = 0 ( x − 1)( x2 +x + 2) < 0(1)
t(t2 – 1)(t2 + 1) (t4 + 1) = 0 2( x2 + 1)
t(t – 1)(t + 1)(t2 + 1)(t4 + 1) = 0
Jadi terdapat 3 akar real yaitu t = 0, t = 1, t = -1. x > 0
2

6. Jawaban: A x > 0 … (2)
Pembahasan:
x 1 1 > 0 … (3)
2+

1 3 3 2 2 1 1 × 2 = 23 × 32

LPLPLP = 23 × 32 01
S = 72
i Jadi HP = {x | 0 < x < 1}
n pustaka-indo.blogspot.com
t 9. Jawaban: C
a
Pembahasan:

7. Jawaban: E xy = xA + xB + By

Pembahasan: = xA + xB + 1 BD
2
• f(x) + 3g(x)
= x2 + x + 6 × 2 2f(x)+6g(x)=2x2+2x+12 = 1 v + u + 1 w − 1 u
2 2 2
2f (x) + 4g(x)
1 1 1
= 2x2 + 4 × 2 2f (x) + 4g(x) = 2x2 + 4 – = 2 u − 2 v + 2 w
2g(x) = 2x + 8
10. Jawaban: E
g(x) = x + 4
Pembahasan:
sehingga f (x) = x2 – 2x – 6
4x + y = 4
• f(x) = g(x)
y = -4x + 4
x2 – 2x – 6 = x + 4
gradien : m = -4
x2 – 3x – 10 = 0
sehingga garis singgung miring ke kiri dan
x1.x2 = c
a graik menghadap ke bawah.

= -10 y Dari gambar, titik

8. Jawaban: C puncak pasti berada

Pembahasan: di atas y = 1, maka

1 log x > 1 1 1 x jawaban yang mung-
x 2 +1 2+ -2 kin adalah (-2, 5).
x2+1log
2 x 1
y = -4x + 4

142 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

11. Jawaban: E AC = 3p 2
Pembahasan:
P(1) = 9, Q(1) = 1 OC = 2 . AC = 2 . 3p 2 = 2p 2
P(x) = Q(x) . (a2x2 + (a – 1)x + 2a) 3 3
9 = 1 . (a2 + a – 1 + 2a)
a2 + 3a – 10 = 0 SC = 4P
(a + 5)(a – 2) = 0
a = -5 a = 2 tanβ = SC
Untuk a = 2 OC
P(1) . Q(u) .[22 . (1)3 + (2 – 1) . 1 + 2 . 2]
= 9 . 1 . (4 + 1 + 4) = 4P
=9.9 2P 2
= 81
=2

14. Jawaban: D

Pembahasan:

misal A = ac db

12. Jawaban: C [x 1] A  x = 5x2 – 8x + 1
Pembahasan:  1
(3sinx + 4 cosy)2 = 52
9 sin2x + 24 sin x . cos y + 16 cos2 y = 25 pada option jawaban a = 5, d = 1
9(1 – cos2x) + 16(1 – sin2 y) + 24 sin x . cos y = 25
-9 cos2x – 16 sin2y + 24 sin x . cos y = 0 maka
24 sin x . cos y = 9 cos2x + 16 sin2y pustaka-indo.blogspot.com
P2 = (3 cos x + 4 sin y)2 [x 1] 5 b  x = 5x2 – 8x + 1
= 9 cos2x + 16 sin2 y + 24 cos x . sin y c 1  1
= 24 sin cos x + 24 cos x . sin y
= 24 sin(x + y) 5x2 + (b + c)x + 1 = 5x2 – 8x + 1

b + c = -8

Jadi, jawaban yang mungkin adalah 5 -8
0 1 

15. Jawaban: B

Nilai max/min Pembahasan:

Pmin = - 24 A( x0 ) = 1
=-2 6 A(1) 8

13. Jawaban: C 1 . x0 . b x 2 1
Pembahasan: 3 0 8

1 =
3
.1. b

H S x 3 = 1
E G 0 8

F Q 1
x0 = 2

AB = DC

D C
Rβ B
A

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 143 001/1/16/MC

LABPQ 1 (PQ + AB)BP Diperoleh waktu untuk mencapai tanah:
LDCPQ 2 t1 = -2 + 2 2 sekon
= 21(PQ + AB)PC Kecepatan ketika tiba di tanah adalah:
vt = vo + gt
3
= 20 + 10(-2 + 2 2 )
= 2 = 20 2 m/s
1
Peluru kedua:
2
Ditembakkan arah mendatar,
= 3
1 V0 = 20 m/s
A
Jadi LABPQ : LDCPA = 3 : 1

16. Jawaban: E C VCx = V0

Pembahasan: VCy VC
Agar mudah dipahami kita buat misalkan:
Berarti memenuhi gerak parabola dengan:
pada saat t0 = 0
ketinggian h = 20 m dan; kecepatan awal = 20 m/s

kelajuan v0 = 20 m/s sudut elevasi = α = 0o; sehingga
Peluru pertama:
pustaka-indo.blogspot.comh=1gt 2
2
A
1
V0 = 20 m/s = 2 .10.t 2
20 m

5t2 = 20

B t= 20
5
Ditembakkan arah vertikal ke bawah,
Y = vot + (1/2)gt2 = =4 2 sekon;
20 = 20t + 5t2
5t2 + 20t – 20 = 0 vty = voy + gt
t2 + 4t – 4 = 0 = 0 + 10.2

t1,2 = -b ± b2 − 4ac = 20 m/s (arah ke bawah);
2a
di posisi itu juga ada:
-4 ± 42 − 4.1.(-4)
= 2.1 vtx = 20 m/s;
maka;

vt = v2 + vt2y
= tx

= -4 ± 16 +16 202 + 202
2
= 2.202
= -2 ± 2 2
= 20 2 m/s, membentuk sudut 45°
t1 = -2 + 2 2 atau
t2 = -2 – 2 2 (tidak dipakai karena negatif ) Peluru ketiga:
Ditembakkan vertikal ke atas.

144 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

A = 20 sin30o.3 – 1 gt2
2
Y

0 V0 = 30 – 5.32

20 m = –15
C
h = 30 – 15

Untuk lintasan AB maka = 15 m

vB = vA – gt Maka h : x = 15
0 = 20 – 10t 30 3

10t = 20 =1:2 3

t = 2 sekon. 18. Jawaban: E

Ketinggian AB = YAB = vAt – 1 gt2 Pembahasan:
2
F – T + T = (mA + mB)a
= 20.2 – 1 .10.22 F = (m + 2m)a = 3ma
2
F
= 40 – 20 a = 3 m ………(1)

= 20 m

Pada lintasan BC memenuhi Smart Solution:

YBC = vbtBC – 1 pustaka-indo.blogspot.com=F m=total 3m
2 gtBC T mA m
F = 3T
YBA + YAC = vbt – 1
2 gtBC
Pada benda B berlaku:
-20 – 20 = 0.tBC – 5tBC2
-40 = – 5tBC2 F – T = 2ma
t 2 =8
F – T = 2m. F m
BC 3

tBC = 2 2 sekon = 2 F
maka waktu total: 3

tAC = (2 +2 2 ) sekon F – 2 F = T
Sementara kecepatan ketika tiba di tanah 3

memenuhi F = T
3
vC = vB + gtBC
F = 3T
= 0 + 10.2 2

= 20 2 m/s 19. Jawaban: D
Pembahasan:
17. Jawaban: A
i = 10 A
Pembahasan:
1 cm
X = vox.t 0
= 20.cos 30o.3
Gaya yang dialami elektron
1
= 20. 2 3 .3 = µ0 ivq sin90o
2π a
= 30 3 m π× − × ×−

= Primagama SmartπSolu×tion L−olos SBMPTN SAINTEK 145 001/1/16/MC

= ×−

=µ π
4π ×10−7 .10.7×104 .1, 6×10−19 1 1
= 2π .1×10−2 .1 = 2 (m + m)( 2 v)2

= 2,24 ×10−18 N = 1 .2m. 1 v2
2 4
20. Jawaban: D
= 1 mv2
Pembahasan: 4
Hambatan 60 dan 120 paralel maka hambatan
penggantinya bernilai: Ek' saat sudah menekan pegas sejauh A = 0

maka

=1 1 + 1 ∆Ek = Ek’ − Ekawat
Rp 60 120
= 0 – 1 mv2
4
= 3
120 ∆Ek ini sama dengan Ep = 1 kx2;
pegas 2

Rp = 120 dengan x = A
3
1 1
= 40 ohm 2 kA2 = – 4 mv2 (ambil nilai positifnya).

Dengan mengikuti hukum II Kirchof: A2 = mv 2
2k
40i + 40i + 5i = 3,4

I= 3, 4 pustaka-indo.blogspot.comA=v m
85 2k

Maka beda potensial antara ujung-ujung

hambatan 40 ohm 22. Jawaban: D

=  3, 4  × 40 Pembahasan:
85
Pada saat peluruhan:
= 1,60 V Jika memancarkan partikel α ⇒ A’ < A
Jika memancarkan electron ⇒ A’ = A
21. Jawaban: D Jika memancarkan positron ⇒ A’ = A
Jika memancarkan gamma ⇒ A’ = A
Pembahasan: Dengan A’ = massa inti yang baru dan A =

Karena lantai licin A menumbuk B berkece- massa inti awal.

patan V. Kedua benda bertumbukan tidak Penjelasan di atas menunjukkan massa inti

lenting, menempel: baru tidak pernah lebih besar dari massa

mAvA + mBvB = mAv’ + mBv’ yang awal.
mv + m.0 = v’(m + m)

mv = 2mv’

v’ = 1 v. 23. Jawaban: E
2
Pembahasan:
Saat menempel melaju awalnya dengan:
ni = m = 5
v’ = 1
2v nf = n = 2

Ek awal = 1 mAB(v’)2 =λ1 R  1 − 1 
2 n2 m2

146 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK = ×  −  001/1/16/MC
− 
= × 

=λ  − 

=1, 098 ×107  1 − 1  2 =  ; m2 = m; r2 = Rb + h; Rb = jari-jari Bumi;
22 52 Tentukan T2!

= 1, 098 × 107  25 − 4  T2 = 2π (Rb + h)2
100 GM

= 1, 098 × 107  21  0
100 GM
2π Rb
100 ×10−7 T0 =
λ = 1,098 × 21 × 1010 T2 2π (Rb + h) 
GM
= 4,34 × 103 Å
Rb 0
24. Jawaban: E = Rb + h 

Pembahasan: T2 = T = T0 Rb + h  0
Rb
W = + 400 J (melakukan kerja) dengan eisiensi

25%; Q = ? 27. Jawaban: A

Eisiensi = W 100% Pembahasan:
Q
Hukum Snellius:
25% = 400 100%
Q nI sini = nII sinr

25% = 400 pustaka-indo.blogspot.com 43=5. 43 3
100% Q 5
s=in r
1 400
4 = Q 3

Q = 4 × 400 28. Jawaban: D

= 1.600 J Pembahasan:

25. Jawaban: C Getaran selaras t = 0; x = xo dan v = vo; jika x = xo

Pembahasan: maka v ≠ vo tapi v = 0. Jadi pernyataan salah.

T2 = C dengan C = konstanta Etotal = 1 kA 2 adalah benar, jadi alasannya
R3 2

T2 = CR3 benar.

13 29. Jawaban: B

T = C2R2

T ≈ 3 Pembahasan:

R2

26. Jawaban: E 1) P1 = P2 ⇒ P0 = P2 ⇒ P2 = 3
T1 T2 T0 4 P0
Pembahasan: 3 T0
4

= 0; m1 = mo; T1 = To; r1 = Rb 2) Q = ∆U = 3 nR(Tf – Ta) = 3 nR( 3 T0 – Ta) = - 3 nR
2 2 4 8
1
⇒ T1 = 2π g 3) W = P. ∆V = P.0 = 0

GM Maka yang benar adalah 1 dan 3.
Rb2
dengan g =

maka T0 = 2π 1Rb2
GM

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 147 001/1/16/MC

30. Jawaban: C T
Y XY
Pembahasan: Z XZ
T
1) Salah, karena tegangan pada kedua ujung

lampu berbeda. Hambatan A dan ham- X ZY

batan B berbeda. Jadi rumus molekul:

2) Benar, arus pada kedua lampu sama ka- XY2T2, XZ2 dan ZY2 , sesuai dengan kaidah
oktet.
rena mereka terhubung secara seri.

3) Salah, karena daya pada kedua lampu

berbeda. 32. Jawaban: A

4) Benar, jumlah daya pada kedua lampu Pembahasan:

12 W. L nomor atom : 27, nomor massa : 58

Daya pada lampu A = PA = VAI Lambang atom :
lampu B = PB = VBI
L58 → 1s2 2s2 2p6 3s2 3p6 4s2 3d7

27

RA = V2 = 2202 ohm ∑ proton : 27
PA 36
∑ elektron : 27

RA = 2202 ohm ∑ neutron : 58 – 27 = 31
18
K29 → 1s2 2s2 2p6 3s2 3p6 4s1

19
pustaka-indo.blogspot.com
I  2202 + 2202  = 220 L dan K sama-sama berada di periode -4
 36 18 
  L logam transisi, karena mengisi orbital s dan d.

I = 12 A 33. Jawaban: A
220
Pembahasan:
12 2202 220
VA = IRA = 220 36 = 3 Volt Mr N2 = 28

VB = IRB = 12 2202 = 440 Volt Mr (NH2)2 CO = 60
220 18 3
Massa (NH2)2 CO = 3 juta ton
220 12
PA = VAI = 3 220 = 4 watt N2 = 28 × 3 juta ton
60
440 12
PB = VB I = 3 220 = 8 watt = 1,4 juta ton

Ptotal = PA + PB = 4 + 8 = 12 W 34. Jawaban: ­

31. Jawaban: A Pembahasan:

Pembahasan: ∆Hof NH3(g) = -50 kJ/mol
∆Hof BH3(g) = -1440 kJ/mol
Konigurasi elektron: ∆Hof NH3BF3(g) = -2615 kJ/mol
Mr NH3 BF3 = 85
6X → 2 4 NH3 + BF3 → NH3 BF3
9Y → 2 7 ∆Hr = (∆Hof NH3(g) BF3) – (∆Hof NH3 + ∆Hof BF3)
16Z → 2 8 6
17T → 2 8 7 = -2.615 – (-50 – 1.440)
Rumus molekul yang terjadi:
= -2.615 – (-1.490)

148 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

= -2.615 + 1.490 ⇒ ∆Tf LX = 1,25 t°C
to
= -1.125 kJ/mol × 8,5 mol
85
37. Jawaban: E
= -112,5 kJ/mol Pembahasan:

35. Jawaban: D Ka = 1 . 10-6
50 mL NaOH
Pembahasan: C18H21NO3 0,02 M 50 mL
0,02 M
 100  y 1
25 1
Orde reaksi terhadap C2H4: =

4 C18H21NO3 + NaOH → C18H21OH + NaNO3
m 1 mmol 1 mmol
(4)y = (4)1

y=1 r 1 mmol 1 mmol 1 mmol 1 mmol

 100  x 1
50 1
Orde reaksi terhadap H2 : = s- - 1 mmol 1 mmol

2 Terjadi hidrolisis bersifat basa, karena dari

(2)x = (2)1 asam lemah dengan basa kuat.

x=1 [OH− ] = Kw . Mg = 10−14 . 1
= Ka 10−6 100
 100  1  100  1 1
25 x 1
Nilai x : =

8 pustaka-indo.blogspot.com 10−10 =10−5

41.  100  = 8 pOH = -log 10-5 = 5
x pH = 14 – 5 = 9

100 = 2 ⇒ x = 50 38. Jawaban: B
x
Pembahasan:

36. Jawaban: D Co(s) І Co2+(1M) ІІ Ce4+(1M), І Ce3+(1M)І Pt(s) E°sel = 1,887 v

Pembahasan: oksidasi reduksi

Gula : 0,1 mol, ∆Tf = t °C Co2+ + 2e → Co, Eo = -0,277 V, Ce4+ + e- → Ce3+.
LX : 0,1 mol
LX ⇒ larutan elektrolit E° = …

⇒ jumlah ion E°sel = E°red – E°oks
⇒ α = 0,25 1,887 = E°red – (-0,277)
Maka faktor Van’t Hof, i
i = 1 + (n – 1) α = +1,610 volt
= 1 + (2 – 1) 0,25
39. Jawaban: D
= 1,25
Pembahasan:

3H2 + N2  2NH3

20

∆Tf LX = m.Kf .i MH2 = 2 = 10 M
∆Tf gula m.Kf 1

28

⇒ ∆Tf LX 0,1.1, 25 MN2 = 28 =1M
to = 0,1 1

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 149 001/1/16/MC

Kc = [NH3 ]2 44. Jawaban: A
[H2 ]3 .[N2 ] Pembahasan:
Formaldehid adalah aldehid.
1 . 10-5 = [NH3 ]2 Uji aldehid antara lain:
103 . 1 Fehling → positif (terbentuk endapan merah
bata).
[NH3]2 = 10-2 Tollens → positif (terbentuk endapan Ag).
[NH3] = 10-1 M Oksidasi K2Cr2O7 → terbentuk asam alkanoat.
Sedangkan Biuret bukan untuk uji aldehida
[OH-] = 10−5 .10−1 tetapi untuk uji protein.

= 10-3 45. Jawaban: E
Pembahasan:
pOH = 3 HClO4 → asam terkuat, mudah melepas H+,
mudah mengalami reduksi.
pH = 11 H3PO4 → asam terlemah
pH H2SO4 0,1 M adalah [H+] = 2 . 10-1,
40. Jawaban: B pH = 1 – log 2
Na3PO4 terbentuk dari basa kuat dengan asam
Pembahasan: lemah.

Suhu naik, harga Kc menurun, berarti reaksi ke 46. Jawaban: E
kanan adalah reaksi eksoterm, ∆H = - Pembahasan:
3H2 + N2  2NH3; ∆H = - Mesoil adalah bahan hijau daun yang me-
mungkinkan tanaman untuk melakukan
41. Jawaban: A pustaka-indo.blogspot.com proses fotosintesis. Mesoil terdiri atas dua
jenis bahan yang mengandung sel-sel khusus
Pembahasan: untuk proses biologis yaitu parenkim palisade
(pagar/tiang) dan parenkim spon (bunga
Pada suhu 25oC reaksi: karang). Parenkim palisade dan parenkim
spon mengandung sel-sel dengan jumlah
3H2 + N2  2NH3 kloroplas tinggi, yang diperlukan untuk proses
saat setimbang : 1 atm ≈ 10 atm ≈ p NH3 fotosintesis.

Kp = (p NH3 )2
(p H2 )3(p N2 )1

9 . 105 = (p NH3 )2
13 .101

(p NH3)2 = 9 . 106

Jadi p NH3 = 9.106 = 3 . 103
= 3.000 atm

42. Jawaban: A Kutikula

Pembahasan: Reaksi inti: AgCl → Ag+ + Cl–
Bila ditambah NH3 maka akan mengikat
Ag+ membentuk Ag(NH3)2+ sehingga reaksi
bergeser ke kanan artinya kelarutan AgCl

bertambah.

43. Jawaban: A Epidermis atas
Pembahasan:
Katoda terjadi reaksi reduksi. Palisade mesoil
Anoda terjadi reaksi oksidasi.
Spons

lxoileemm Pembuluh
sebleurbkuans g (berkas pengangkut)

Epidermis bawah
stomata

150 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

47. Jawaban: D pustaka-indo.blogspot.com 1 Peleburan/Denaturasi
Pembahasan:
Reaksi berantai polimerase atau lebih umum 2 Penempelan
dikenal sebagai PCR (kependekan dari istilah
bahasa Inggris polymerase chain reaction) 3 Pemanjangan
merupakan suatu teknik atau metode perba- 1
nyakan (replikasi) DNA secara enzimatik tanpa
menggunakan organisme. 2 &3
Secara prinsip, PCR merupakan proses yang
diulang-ulang antara 20–30 kali siklus yang 1 2&3
tergantung oleh kebutuhan. Setiap siklus ter-
diri atas tiga tahap. Berikut adalah tiga tahap 1 2& 3
bekerjanya PCR dalam satu siklus:
Tahap peleburan (melting) atau denaturasi. Pertumbuhan eksponensial produk singkat
Pada tahap ini (berlangsung pada suhu tinggi,
94–96°C) ikatan hidrogen DNA terputus (de- Sequencing adalah penentuan urutan basa
naturasi) dan DNA menjadi berberkas tung- DNA dalam segmen molekul DNA yang relatif
gal. Biasanya pada tahap awal PCR tahap ini pendek. Pengurutan (sequencing) asam
dilakukan agak lama (sampai 5 menit) untuk nukleat memungkinkan kita mengetahui
memastikan semua berkas DNA terpisah. kode genetic dari molekul DNA. Pengurutan
Pemisahan ini menyebabkan DNA tidak stabil DNA atau pengurutanDNA adalah proses
dan siap menjadi templat (“patokan”) bagi atau teknik penentuan urutan basa nukleotida
primer. Durasi tahap ini 1–2 menit. pada suatu molekul DNA.
Tahap penempelan atau annealing. Primer Elektroforesis adalah teknik pemisahan kom-
menempel pada bagian DNA templat yang ponen atau molekul bermuatan berdasarkan
komplementer urutan basanya. Ini dilakukan perbedaan tingkat migrasinya dalam sebuah
pada suhu antara 45–60°C. Penempelan medan listrik. Medan listrik dialirkan pada
ini bersifat spesiik. Suhu yang tidak tepat
menyebabkan tidak terjadinya penempelan Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 151
atau primer menempel di sembarang tempat.
Durasi tahap ini 1–2 menit.
Tahap pemanjangan atau elongasi. Suhu
untuk proses ini tergantung dari jenis DNA
polimerase (ditunjukkan oleh P pada gambar)
yang dipakai. Dengan Taq-polimerase, proses
ini biasanya dilakukan pada suhu 76°C. Durasi
tahap ini biasanya 1 menit.
Skema tiga tahapan PCR:

001/1/16/MC

suatu medium yang mengandung sampel Rubisco merupakan enzim dengan empat gu-
yang akan dipisahkan. gus polipeptida besar yang mirip dan empat
Southern Blot adalah metode umum yang di- gugus polipeptida kecil yang juga mirip satu
gunakan untuk identiikasi fragmen DNA yang sama lain. Dilihat dari komposisi asam amino
berkomplementer untuk mengetahui sekuens penyusunnya, Rubisco sangatlah konservatif,
DNA. Hibridisasi ini memungkinkan untuk dalam arti tidak banyak mengalami peruba-
dilakukan pembandingan antara genom or- han dalam urutan asam amino ataupun basa N
ganisme tertentu dengan probe. dari gen-gen pengkodenya. Gen-gen Rubisco
Analisis Restriction fragment length poly- berlokasi di plastida.
morphism (RFLP) adalah salah satu teknik
pertama yang secara luas digunakan untuk 50. Jawaban: A
mendeteksi variasi pada tingkat sekuen Pembahasan:
DNA. Daerah pendewasaan (diferensiasi) meru-
pakan daerah titik tumbuh yang berada di
48. Jawaban: D belakang dan bercampur dengan daerah
Pembahasan: pemanjangan. Bagian ini merupakan bagian
paling atas akar.
NO. URUTAN MANUSIA ORANG UTAN pustaka-indo.blogspot.com Pada daerah pendewasaan terdapat tiga
TAKSON lapisan yang menghasilkan tiga sistem jaring-
Animalia an, yaitu:
1. Kingdom Animalia Chordata a. Protoderm merupakan lapisan terluar
Mamalia yang merupakan cikal bakal epidermis
2. Phylum Chordata Primates pada akar.
Pongidae b. Meristem dasar merupakan lapisan kedua
3. Class/kelas Mamalia yang akan tumbuh menjadi parenkim
Pongo korteks. Parenkim korteks merupakan
4. Ordo/bangsa Primates pygmaeus jaringan dasar yang mengisi lapisan kor-
teks.
5. Familia/suku Hominidae c. Prokambium adalah lapisan paling dalam
pada daerah pendewasaan. Lapisan ini
6. Genus/marga Homo juga sering disebut sebagai lapisan pusat.
Lapisan inilah yang akan tumbuh menjadi
7. Species/jenis Sapiens silinder pusat dan berkas pengangkut
(xilem dan loem).
49. Jawaban: E
Pembahasan: 51. Jawaban: E
Ribulosa­1,5­bisfosfat karboksilase­ok­ Pembahasan:
sigenase, disingkat Rubisco (dari nama Lingkaran tahun terbentuk dari lapisan xilem
bahasa Inggrisnya), adalah enzim raksasa sekunder yang dihasilkan kambium ke arah
yang berperan sangat penting dalam reaksi
gelap fotosintesis tumbuhan. Enzim inilah
yang menggabungkan molekul ribulosa-1,
5-bisfosfat (RuBP, kadang-kadang disebut
RuDP) yang memiliki tiga atom C dengan
karbon dioksida menjadi atom dengan enam
C, untuk kemudian diproses lebih lanjut men-
jadi glukosa, molekul penyimpan energi aktif
utama pada tumbuhan.

152 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

dalam. Setiap tahun kambium menghasilkan Keempat tahapan tersebut dapat dilihat da-
selapis lapisan xilem sekunder sehiingga ter- lam tabel berikut.
bentuk lingkaran tahun yang akan bertambah
setiap tahunnya. No. Dekar­ Siklus Transpor
Pada musim kemarau persediaan air menu- Glikolisis boksilasi Krebs Elektron
run sehingga menyebabkan jaringan xilem
yang terbentuk mempunyai sel yang lebih Oksidatif
kecil dan berwarna gelap. Sementara pada
musim penghujan, persediaan air mening- 1. Tempat Sitosol Matriks mi- Matriks Membran
kat dan menyebabkan jaringan xilem yang berlang- tokondria mitokon- dalam
terbentuk berukuran relatif besar dan lebih sungnya
terang. Lapisan-lapisan tersebut saling tum- dria mitokondria
puk menumpuk dan menghasilkan lingkaran
tahun. 2. Bahan Glukosa Asam Asetil NADH dan
Jadi, Lingkaran tahun berperan dalam me- yang di- piruvat ko-A FADH2
nentukan umur suatu tumbuhan, merupakan gunakan
aktivitas xilem skunder ke arah dalam dan
loem sekunder ke arah luar dari pertumbuh- 3. Hasil 2 Asam 2 Asetil 4 CO2 H2O
an sekunder.
Senyawa piruvat, 2 ko-A dan 2
Floem
H2O CO2
Xilem
(Kemarau) 4. Macam 2 NADH 2 NADH 6 NADH
Kambium
akseptor dan 2
Xilem
(Penghujan) FADH

Umur 4 Tahun 5. Jumlah 2 ATP - 2 ATP 34 ATP
Gambar: Lingkaran Tahun pada Tumbuhan ATP

52. Jawaban: C 53. Jawaban: E
Pembahasan: Pembahasan:
Proses pengubahan glukosa menjadi CO2 dan Tabel ciri-ciri alga
H2O terjadi dalam empat tahap, yaitu: pustaka-indo.blogspot.com
1) Glikolisis Ciri­ Alga Coklat Alga merah Alga Keemasan Alga hijau
2) Dekarboksilasi Oksidatif Ciri (Phaeophyta) (Rhodophyta) (Chrysophyta) (Chlorophyta)
3) Siklus Krebs
4) Rantai Transport Elektron Pigmen Kloroil a dan Kloroil a dan Kloroil a dan Kloroil a, b,
c, fukosantin, b, karotenoid, c, Bete karoten Beta karoten
karoten, ikosianin, santoil santoil
santoil ikoeritrin

Habitat Pantai, air laut Air tawar dan Air tawar dan 90% di air
tawar dan
air laut air laut 10% di laut

Bentuk Benang atau Benang atau Batang atau Benang, lem-
baran, bola
talus seperti tum- seperti tum- seperti telapak

buhan tingkat buhan tingkat tangan

tinggi tinggi

Re- Zoospore Spora haploid Zoospore ber- Zoospore

produk- berlagela dua lagela banyak

si dan fragmen-

asek- tasi

sual

Re- Isogami/ Persatuan sel Persatuan sel Konjugasi
produk- oogami spermatium sperma dan
si dan karpogo- ovum
seksual nium

Din- Selulosa, asam Manan dan Kersik/siika Selulosa

ding alginate xilan

sel

Pe- Fitoplank- Bahan agar- Plankton, Fitoplank-
ranan ton dalam agar dan sup produsen di ton dalam
ekosistem air, perairan laut ekosistem
asam alginate air, bahan
untuk industri makanan
makanan,
farmasi , dan
pupuk

Contoh Turbinaria Gracilaria Navicula Pin- Chlorella Ulva
Focus Sargas- Gelidium nularia Synura Spirogyra
sum Eucheuma

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 153 001/1/16/MC

54. Jawaban: B dikeluarkan dari retikulum endoplasma
Pembahasan: dan akan menuju ke sitosol.
Proses fermentasi dan respirasi anaerob 2. Mampu mensintesis kolesterol dan lemak,
sel tidak menggunakan oksigen, dan dapat proses ini terjadi di hati.
menghasilkan ATP dengan jumlah kecil. Beri- 3. Mampu menetralkan racun atau detoksi-
kut beberapa proses fermentasi dan respirasi ikasi.
anaerob: 4. Mampu memodiikasi protein yang disin-
• Fermentasi alkohol tesis oleh ribosom.
5. Mampu mentransportasi molekul dan
C6H12O6 Saccharomyces 2C2H5OH + 2CO2 + E (2ATP) bagian sel yang satu ke lainnya.

• Fermentasi asam laktat 56. Jawaban: D
Pembahasan:
C6H12O6 2CH3CH(OH)COOH + 2ATP Ketika kadar glukosa darah naik melebihi nor-
mal, pankreas akan mengeluarkan glukagon
55. Jawaban: B pustaka-indo.blogspot.com sehingga kadar glukosa darah turun (salah)
Pembahasan: Ketika kadar glukosa menurun maka sel alfa
Sintesis protein dipengaruhi oleh aktivitas pulau Langerhans pankreas akan menghasil-
gen, dan kecepatan sintesis ditentukan oleh kan hormon glukagon yang akan memecah
konsentrasi DNA. (Benar) glikogen menjadi glukosa.
Sintesis protein yang terdiri atas dua tahapan Ketika kadar glukosa naik maka sel beta pulau
sangat dipengaruhi oleh aktivitas gen yang Langerhans pankreas akan menghasilkan
tersandi/dikode dalam ADN. hormon insulin yang akan mengubah glukosa
ADN merupakan cetakan (template) bagi menjadi glikogen.
transkripsi, tentu saja konsentrasi ADN (ukur- Glukagon adalah hormon yang terlibat dalam
an ADN) yang harus ditranskripsi menjadi mengendalikan gula darah (glukosa) tingkat.
penentu lama waktu sintesis protein. Semakin [Hal ini disekresikan ke dalam aliran darah
panjang ADN yang ditranskrip maka akan oleh sel-sel alfa, ditemukan di pulau Langer-
membutuhkan yang semakin lama juga. hans, di pankreas.
Sintesis protein yang terjadi dalam sel ber- Sel-sel alfa glukagon mensekresi mengelilingi
langsung di retikulum endoplasma kasar. inti sel beta penghasil insulin mensekresi,
(Salah) yang mencerminkan hubungan yang erat
Fungsi dasar dari retikulum endoplasma kasar antara kedua hormon.
mencakup fasilitas situs untuk mensintesis Glukagon bekerja bersama dengan hormon
protein, pembentukan enzim lisosom dan insulin untuk mengontrol kadar gula darah
cadangan membran sel. dan menjaga mereka dalam tingkat yang
Fungsi: ditetapkan. Glukagon dilepaskan untuk
1. Menjadi tempat penyimpanan kalsium, menghentikan kadar gula darah turun terlalu
jika sel berkontraksi maka kalsium akan

154 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

rendah, sementara insulin dilepaskan untuk pustaka-indo.blogspot.com59. Jawaban: C
menghentikan kadar gula darah naik terlalu Pembahasan:
tinggi. Ciri fase S:
• Replikasi ADN;
57. Jawaban: A • ADN mencetak ARN, sehingga ditemukan
Pembahasan: banyak ARN di dalam inti sel.
Alat gerak aktif ikan berupa otot bersegmen
yang disebut miotom. Ikan juga memiliki 60. Jawaban: C
sirip untuk berenang, siripnya ada yang ber- Pembahasan:
pasangan maupun tunggal. Sirip ekor pada Tahap pembelahan sel yang menunjukkan
ikan fungsinya adalah sebagai alat kemudi. terjadinya replikasi ADN yaitu fase interfase
Ada tiga macam bentuk sirip ekor ikan yaitu pada mitosis yang dibedakan atas beberapa
homoserkus (bagian atas dan bawah simetris), fase:
heteroserkus (bagian atas lebih besar dari 1. G1 : secara spesiik, pada tahap G1 ukuran
pada bagian bawah), dan diiserkus (bagian sel bertambah besar akibat pertumbuhan
atas dan bawah simetris menyatu ke satu titik). sel.
Dan ikan memiliki susunan otot dan tulang 2. S : Pada tahap S, terjadi duplikasi kromo-
belakang yang leksibel untuk mendorong som dan sintesis DNA (replikasi DNA).
ekor ikan di dalam air. (Jolt, 2010) Kromosom yang semula tunggal akhirnya
berubah menjadi ganda.
58. Jawaban: B 3. G2 : Pada tahap G2, sel tumbuh sempurna
Pembahasan: sebagai persiapan untuk pembelahan sel.
Dinamika populasi kelinci dan serigala ber- Pada fase ini, ADN cepat sekali bertambah
banding terbalik, populasi kelinci menurun, kompleks dengan protein kromosom dan
populasi serigala naik dan sebaliknya. pembentukan ARN (asam ribonukleat)
serta protein berlangsung.

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 155 001/1/16/MC

Jawaban dan Pembahasan
Tes Kemampuan Dasar Sains dan Teknologi

(TKD SAINTEK)
2015

1. Jawaban: C = 1 . [cos(4x + 150°) + cos (2x + 90°)]
Pembahasan: 2
x2 + y2 – 6x – 2y + k = 0
(x – 3)2 – 9 + (y – 1) – 1 + k = 0 = 1 . [cos 2(2x + 75°) + cos 2 (x + 45°)]
(x – 3)2 + (y – 1)2 = 10 – k 2

A = 1 . [1 – 2 sin2(2x + 75°) + 1 – 2 sin2 (x + 45°)]
2

= 1 . (1 – 2a2 + 1 – 2b2)
2
P pustaka-indo.blogspot.com
(3, 1) 5 C = 1 – a2 – b2
(8, 1)

3. Jawaban: C

B Pembahasan:

Segi empat APBC berupa layang-layang de- Proyeksi OA terhadap OB
ngan luas 12, luas ∆APC = 6 sehingga panjang
sisi-sisinya 3, 4, dan 5. OA . OB < 6
untuk r = 3 ⇒ 10 – k = 32 | OB | 5

-k = 9 – 10 t2 + 3 + 2t 6
-k = -1 <
k =1
untuk r = 4 ⇒ 10 – k = 42 55
-k = 16 – 10
-k = 6 t2 + 2t + 3 < 6
k = ­6
t2 + 2t + 3 < 0

(t + 3)(t – 1) < 0

t = -3 t = 1

+– +
-3 1

2. Jawaban: A Jadi -3 < t < 1

Pembahasan: 4. Jawaban: A
Pembahasan:
sin (2x + 75°) = a dan sin (x + 45°) = b Garis y = -x + 2 dicerminkan terhadap garis
y = 3 menghasilkan garis yang tegak lurus
cos(3x + 120°) cos(x + 30°) sehingga:

= 1 . 2cos(3x + 120°) cos(x + 30°)
2

156 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

m1 . m2 = 1 = 19 a3
-1 . m2 = -1 54
m2 = 1
y = 3 → 3 = -x + 2 VABD.EPQ 19 a3
VABCD.EFGH 54
x = -1 = a3
(-1, 3)
maka = 19
y – 3 = 1(x + 1) 54

y =x+1+3 6. Jawaban: E
y =x+4
Pembahasan:
5. Jawaban: D
Pembahasan: P(x) = (x – a)5 + (x – b)4 + (x – c)

R Pembagi: x2 – (a + b)x + ab = (x – a)(x – b)

• untuk x = a → P(a) = 0

(a – b)4 + a – c = 0

(a – b)4 = c – a … (1)

2a • untuk x = b → P(b) = 0

(b – a)5 + b – c = 0

E 2 P pustaka-indo.blogspot.com -(a – b)5 + b – c = 0 … (2)
3 B
a a Substitusi persamaan (1) dan (2)

A -(a – b)5 + b – c = 0

EP = 2 EF -(a – b)(a – b)4 + b – c = 0
3
-(a – b)(c – a) + b – c = 0
2
= 3 a -ac + a2 + bc – ab + b – c = 0

EQ = 2 EH bc – ab + b = ac + c – a2
3
b(c – a + 1) = ac + c – a2

= 2 a b = c + ac − a2
3 c +1− a

ER AR 7. Jawaban: A
EP = AB
Pembahasan:
ER = a + ER (0, 25)− x2 +4 x+c < (0, 0625)− x2 +4 x+5
a (0, 25)− x2 +4 x+c < (0, 25)−2 x2 −8 x+10
2 a x2 + 12x – (c + 10) < 0
3 D < 0 → deinit
2 b2 – 4ac < 0
a.ER = 3 a(a + ER) 144 + 4 . 1(c + 10) < 0
144 + 4c + 40 < 0
ER = 2a 4c < -184
c < -46
VABD.EPQ = VABDR – VEPHR

 1 1 . 3a  1 1  2 a 2 
3 2  3 2 3 2a
= . . a2 − . . .

= a3 − 4a3
2 27

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 157 001/1/16/MC

8. Jawaban: A • U2 – U4 = y
ar – ar3 = y
Pembahasan:

• x − 5.3 x +3 − 3.3 x +1 +a = 0 ar(1 – r2) … (2)
2 2
92
ar2(1− r3 )
 x  2  x  x = ar(1− r2 )
    y
32 −124 . 32 + a = 0

x x r(1− r3 )
y = (1− r2 )
misal: 32 = p

p2 – 124p + a = 0 x a(1− r)(r2 + r +1)
=
p1 . p2 = a y (1− r)(1+ r)

x1 x2 x r3 +r2 +r
=
32 . 32 =a y 1+ r

x1+ x2 11. Jawaban: C

3 2 = a2

3log a2 = x1 + x2 … (1) Pembahasan:
• x1 + x2 = 4 3log 5 + 2
f=( x) - sin x − x + π ; -π < x < π
3log a2 = 3log 54 . 32 2

a2 = 54 . 32  x π  1
2 2
f '=( x) − +
a = 54 . 3 - sin x

a = 75 pustaka-indo.blogspot.comf '( x) = -  cos x − 21

9. Jawaban: E

Pembahasan: 2 sin x − x + π
2
lim ( 5 − x − 2)( 2 − x +1)
1− x f ’(x) < 0
x →1
-  cos x − 21 < 0
= lim ( 5−x − 2) .( 2 − x +1)
x →1 1− x

SMART SOLUTION 2 sin x − x + π
2
TP A
-1 .( 2 − x +1) cos x – 1 > 0
-1 2 2 2

= --11. 1 . 1 . ( 2 − x +1) Mencari pembuat nol:
2 2
-cos x + 1 = 0
2 2
=4
-cos x = - 1
1 2
= 2
1
cos x = 2

10. Jawaban: C x = ± 2π
3
Pembahasan:
• U3 – U6 = x Jadi - 2π < x ≤ 2π
3 3
ar2 – ar5 = x
ar2(1 – r3) = x … (1)

158 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

12. Jawaban: A Sehingga peluang terpilih keduanya perem-

Pembahasan: puan

• x2 = kx P(P1 ∩ P2 ) = 19 . 5
30 30
x2 – kx = 0

x(x – k) = 0 = 19
180
x=0x=k
Jadi, peluang paling sedikit satu laki-laki:
• L1 = L2
= 1 – P(P1 ∩ P2)
k 20
= 1 – 19
∫ (kx − x2 )dx = ∫ ( x2 − kx)dx 180
00

1 x2k − 1 x 3  k = 1 x3 − 1 x 2k 20 = 161
2 3  0 3 2 0 180

1 k 3 − 1 k 3 =  203 − 202 k  −  1 k 3 − 1 k 3  15. Jawaban: B
2 3  3 2  3 2
Pembahasan:
202 k 203
2 = 3 f (x) = -x3 + 3x + 2c, -1 ≤ x ≤ 2
• U2 – U1 = f ’(0)
3k = 2 . 20
ar – a = -3x2 + 3
40
k= 3 pustaka-indo.blogspot.com a(r – 1) = -3(0)2 + 3

= 13 1 a(1 – 3 – 1) = 3
3
k a=- 3
3
… (1)

13. Jawaban: C • S∞ = fmin

Pembahasan: -3
Syarat parabola: A ≠ 0 dan C ≠ 0 3
maka: 1−1+ 3 = fmin
3 2 =6
-3 = fmin … (2)
Mencari fmin
14. Jawaban: E f ’(x) = 0

Pembahasan:

Satu kelas siswa laki-laki saja maka: -3x2 + 3 = 0

P(L3).P(L2).P(L1) = 11 -3(x2 + 1) = 0
36
-3(x + 1)(x + 1) = 0

1 . P(L1).P(L2) = 11 – + ––
36 -1 1 2

n(L1) . n(L2) = 11 . 900 minimum pada x = -1
36
maka
= 11 . 25 fmin = -3
-(-1)3 + 3(-1) + 2c = -3
kemungkinan : -4 = 2c = -3

n(L1) = 11 dan n(P1) = 19
n(L2) = 25 dan n(P2) = 5

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 159 001/1/16/MC

2c = 1 mghA + 1 mvA2 = mghB + 1 mvB2
2 2
c = 1
2 1 1
⇔ mghA – mghB = 2 mvB2 – 2 mvA2
16. Jawaban: D
⇔ w.∆h = 1 mvB2 – 0
Pembahasan: 2
Pada selang waktu tA hingga tB dari gambar
tampak merupakan satu grafik garis lurus ⇔ w.∆h = ∆Ek
yang miring ke atas. Itu artinya jika garis lurus Ini menunjukkan usaha oleh gaya berat sama
miring ke atas benda bergerak dipercepat.
dengan perubahan energi kinetik.

17. Jawaban: B Pada bagian kasar, dari B hingga C berlaku:

Pembahasan: -fk. SBC = 1 mvC2 – 1 mvB2
2 2
Pada t = 0 sampai t = 5 s bekerja;
Gaya dorong konstan 50 N ⇔ -fk. SBC = 0 – 1 mvB2
Gaya gesek fk = 0,2 × 100 = 20 N 2
Ini dua gaya yang sejajar arah gerak benda.
F – fk = m.a ⇔ fk. SBC = 1 mvB2 = ∆Ek
50 – 20 = 10a 2

a = 3 m/s2 Ini menunjukkan usaha oleh gaya gesek sama
Ini menunjukkan benda bergerak dipercepat
dan pada detik ke 5 kecepatannya: dengan perubahan energi kinetik.
v5 = vo + at
pustaka-indo.blogspot.comDari dua penurunan di atas diperoleh bahwa
= 0 + 3.5
= 15 m/s. usaha oleh gaya gravitasi sama dengan usaha
Pada t = 5 s sampai t = 10 s gaya 50 N di-
hilangkan, maka gaya yang bekerja adalah fk oleh gaya gesek.
yang berlawanan arah dengan gerak benda
sehingga balok diperlambat dengan: 19. Jawaban: D
percepatan a = -20/10 Pembahasan:
Pernyataannya salah, karena jika kedua ke-
= -2 m/s2 lereng bertumbukan secara elastis sedang
kecepatan pada t = 10 s adalah massa kedua kelereng sama maka laju kedua
v10 = v5 + at kelereng akan tetap yang berarti energi kine-
tiknya tetap juga.
= 15 + (-2)5 Alasannya benar, karena kecepatan kedua ke-
= 5 m/s. lereng sama besar dan berlawanan arah maka
momentumnya selalu berlawanan arah.

20. Jawaban: B

Pembahasan:

18. Jawaban: A VC tumpah = Vbalok yg tercelup = 4 Vb
Pembahasan: 5
Pada bagian lintasan licin tidak ada gaya
gesekan sehingga berlaku hukum kekekalan mB = 10,4 gram
energi mekanik. Pada AB berlaku: Vb = V
wb = FA
ρbVb = ρcVc

160 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

mb .V = mc . 4 V Ia mempengaruhi kecepatan gas. Gas menjadi
V V 5 medium gelombang suara. Suara naik karena
kecepatan gas naik.
5
mc = 4 mb 24. Jawaban: E

= 5 ×10, 4 Pembahasan:
4 ∆p =λL dengan ∆p = jarak antar pola terang;

= 13 gram d
λ = panjang gelombang cahaya; L = jarak
21. Jawaban: A celah ke layar; d = jarak antar celah.
Jika panjang gelombang cahaya digandakan
Pembahasan: berarti jarak antar pola terang pun menjadi
digandakan. Pernyataan salah
V1 = 1 L; V2 = 1,2 L; m2 = 1,5m; T2 = T1 = T jika beda panjang lintasan gelombang ca-
haya merupakan kelipatan setengah panjang
PV = nRT ⇔ P1 = mRT = mRT gelombangnya maka yang terjadi interferensi
MrV1 Mr minimum. Alasan salah

P2 == RTm2 R=MT .r1. ,15,2m 15
MrV2 12 P1

∆P = P2 – P1 = 15 P1 – P1 = 3 P1
12 12
3
12 P1
∅P = P1 = 1 = 0,25
P1 4 pustaka-indo.blogspot.com
25. Jawaban: D

22. Jawaban: C Pembahasan:

Pembahasan: R1 = 30 cm; R2 = 50 cm; nL = 1,5; nM = 1 lensa
bikonveks
P1 = nRT
V
1  nL −1  1 1
P2 = nRT2 = nR(T +10) f =  nM  R1 + R2 
V2 V + 50nR
 1, 5 −1  1 01, 5 
P1 = P2 = 1 0,3 +

nRT = nR(T +10) = 0, 5  10 + 10 
V V + 50nR 3 5

T = T +10 = 40
V V + 50nR 15

TV + 50nRT = TV + 10V 15
40
V = 5nRT cm3 f = = 37,5 cm

P = nRT Tak ada pilihannya yang ini. Jika lensanya
5nRT ×10−6
konveks konkaf dengan R2 = -50 cm. Dengan
= 2,0 × 105 Pa langkah yang sama diperoleh f = 150 cm. Baru

23. Jawaban: D ada pilihannya f = 150 cm.

Pembahasan: 26. Jawaban: C
Pembahasan:
Memperhatikan persamaan berikut: Gunakan hukum Gauss:

vrms gas = 3RT ; m0 menunjukkan jenis gas.
m0

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 161 001/1/16/MC

∑EA = q dan A = 4πr2 = 4 29. Jawaban: A
ε0
Pembahasan:
E== AQε0 4=πεQ0R2 4Q karena k = 1
4πε0R2 4πε0 Menurut teori Bohr:

4kQ 4 rn = n2ao dan rn – 1 = (n – 1)2ao
R2 ∆ = rn – rn – 1
E =
= n2ao – (n – 1)2ao
27. Jawaban: B ∆r = ao[n2 – (n – 1)2]

Pembahasan: = ao[n2 – (n2 – 2n + 1)]
= ao[n2 – n2 + 2n – 1]
Perhatikan gambar 27 = ao(2n – 1)

I2 = 0,5 A 30. Jawaban: C
I3 = 1 A
Pada titik A : I1 = I4 + I5 Pembahasan:
Pada loop I: 6I2 + 2I4 + x = 0
Pada titik B : I1 = I2 + I3 Pernyataan benar, teori relativitas menyatakan
Pada loop II: 3I3+ I5 + x = 0
Pada titik C : I2 = I4 + I6 adanya pemuluran waktu. Menurut pengamat
Pada B : I1 = I2 + I3 = 0,5 + 1 = 1,5 A
Pada titik D : I5 = I3 + 5I6 yang bergerak terhadap kejadian:
Pada A : I1 = I4 + I5 = 1,5 A
∆t = 1 . ∆tp dengan ∆tp = selang waktu

pustaka-indo.blogspot.com1− v 2
c 2

yang diukur oleh pengamat yang diam ter-

hadap kejadian. Jadi periode nyala-padam

menurut kedua pengamat berbeda.

pada loop I: 6I2 + 2I4 = -x ⇔ 6I2 + 2I4 = -x Alasan salah, laju cahaya menurut kedua
pada loop II: 3I3+ I5 = x ⇔ 6I3+ 2I5 = -2x
pengamat adalah sama.
6(I2 + I3) + 2(I4 + I5) = -3x
6.1,5 + 2. 1,5 = -3x 31. Jawaban: C
9 + 3 = -3x ⇔ x = 4 V
Pembahasan:
28. Jawaban: A
Pembahasan: 7N → 2 5 7
Transformator tidak akan berfungsi dengan 17Cl → 2 8
tegangan baterai yang DC. Transformator
hanya akan berfungsi jika tegangannya Cl
berubah-ubah, maka akan menghasilkan Cl N Cl
tegangan sekunder pada lilitan kedua.
Jawabannya A, mengubah baterai 12 V de- Cl Cl
ngan sumber tegangan AC 12 V.
Rumus: NCl5 (menyimpang dari oktet), tidak
ada PEB.

32. Jawaban: D
Pembahasan:
Dalam etilen glikol interaksi yang dominan
antar molekulnya adalah dipol terinduksi –
dipol permanen.

162 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

33. Jawaban: D 36. Jawaban: B

Pembahasan: Pembahasan:

mol = gr → Mr = gr = 90 = 180 CS2(l) + 3O2(g) → CO2(g) + 2SO2(g)
Mr mol 0,5 ∆Hr
= (∆Hf oCO2 + 2∆HoSO2) – (∆HoCS + 3∆Hf oO2)
massa C = 12 × 2,2 gr = 0,6 gr
44 = (-393,5 – 2 . 296,8) – (115,3 + 3 . 0)

massa H = 2 × 0,9 gr = 0,1 gr = (-393,5 – 593,6) – 115,3
18

massa O = 1,5 – (-,6 + 0,1) = 0,8 gr = -987,1 + 115,3 = -871,8 kJ/mol

Perbadingan mol: untuk membakar 7,6 gr CS2

0,,6 0,1, 0,8 ∆Hr = -871,8 kJ/mol × 7, 6
76
12 1 16 (CH2O)x
0,5 1 0,5 = -87,18 kJ

1 21 37. Jawaban: D
Pembahasan:
Mr (CH2O)x = 180 1) V2O5 + 2HCl + H2O → 2VO2+ + 4OH– + Cl2

Mr (12 + 2 + 16)x = 180 → Mr (30)x = 180
180
x = 30 = 6

Jadi senyawa tersebut (CH2O)6 → C6H12O6 +5 reduksi +5
pustaka-indo.blogspot.com2) 2NH4VO3 → V2V5 + 2NH3 + H2O
34. Jawaban: D

Pembahasan: +5 tetap+5
3) V2O5 + SO2 → 2VO2 + SO3
2C(s) + SiO2(s) → SiC(s) + CO2(g)

m 0,375 0,05

r 0,1 0,05 0,05 0,05

s 0,275 - 0,05 0,05 +5 reduksi +4
4) 4VO2 + O2 → 2V2O5
mol C = 4,5 = 0,375 mol
12

mol SiO2 = 3 = 0,05 mol +4 reduksi +5
60 reduktor = oksidasi

massa SiC yang terbentuk: 0,05 mol × 40 = 2 gr

% massa terbentuk 1, 5 × 100% = 75% 38. Jawaban: A
2

35. Jawaban: D Pembahasan:

Pembahasan: Anoda = oksidasi = Al

Mg dalam Mg(OH)2 mol . val = i. t
Ar Mg 96.500
= Mr Mg(OH)2 × Mg . Mg(OH)2
x .3 = 0,3. 161.60
24 27 96.500
= 58 × 0,29 gr = 0,12 gr
x = 0,27 gr

Kadar Mg dalam batuan = 0,12 × 100% = 10%
1, 20

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 163 001/1/16/MC

39. Jawaban: E 1 = x.x
4 x ) .(0, 5
Pembahasan: (0,5 − − x)

V = k . [NO]x . [Br2]y 1 = x2 x )2 ⇒ 1 = x
4 (0,5 − 2 0,5 −
⇒  00,,21 x 1 → data 1 dan 3, karena data x
4
x = 2x = 0,5 – x
1
3x = 0,5
(konsentrasi) Br2 tetap
0,5
 21 x 1  21 x  21 2 x = 3
4
= → = → x = 2 = 0,17 M

 0, 05  y 1 41. Jawaban: D
0,10 4
y⇒ = 1 → data 1 dan 2, karena data
2
Pembahasan:

(konsentrasi) NOtetap ∆Tf A = Kf mA ⇒ ∆Tf A = mA . i
∆Tf B Kf mB ∆Tf B mB
 21 y = 1 → y= 1
2 11, 9 1000
119 . 500 . 2
∆Tf A
Jadi V = k[NO]2[Br2] ∆Tf B = 34 , 2 1000
342 500
.

40. Jawaban: A 0,1. 2
0,1
Pembahasan: pustaka-indo.blogspot.com= = 2

NO + CO → NO2 + CO iKBr = 1 + (2 – 1) . 1 = 2

kstb I 0,2 0,2 0,4 0,4 42. Jawaban: D

kstb II 0,05 0,05 Pembahasan:

→ 2,5 ml = 0,5 M HCN + KOH → KCN + H2O
5L m 60 mmol 30 mmol

Karena NO2 dan CO ditambah, kesetimbang- r 30 mmol 30 mmol 30 mmol 30 mmol
annya bergeser ke kiri.
sisa 30 mmol - 30 mmol 30 mmol
[NO].[CO2 ]
KcI = [NO2 ].[CO] HCN + NaOH → NaCN + H2O
m 30 mmol 20 mmol
0,2.0,2
= 0, 4 . 0, 4 r 20 mmol 20 mmol 20 mmol 20 mmol

1 sisa 10 mmol - 20 mmol 20 mmol
4
= Larutan yang terbentuk adalah larutan pe-

kstb II nyangga antara asam lemah dengan garam-

NO + CO → NO2 + CO nya:
m 0,5 0,5
asam lemah : 10 mmol

rx garam : (30 + 20) mmol = 50 mmol

x x x [H+] = ka nasam = 5 . 10-10 . 10 = 10-10
ngaram 50
stb x x 0,5 – x 0,5 – x

Kc = [NO].[CO2 ] pH = 10
[NO2 ].[CO]

164 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

43. Jawaban: C Filum : Chordata

Pembahasan: Sub ilum : Vertebrata

Asam = Basa Kelas : Mammalia

molar . volume . valensi = molar . volume . Ordo : Cetacea

valensi Famili : Delphinidae

x . 25 . 2 = 0,2 . 20 . 1 Genus : Orcinus

x . 50 = 4 Spesies : orca

x = 4 47. Jawaban: D
50 Pembahasan:

= 0,08 M

Karena sudah diencerkan 10x, maka konsen- No. Mikroorganisme Peranan Dalam Keterangan
Kehidupan Manusia
trasi awal : 0,8 M
1. Clostridium Penghasil racun/ prokariotik
botulinum toksin botulinum
44. Jawaban: C yaitu keracunan
Pembahasan: makanan (food
Hasil samping sabun : Gliserol. botulism), keracunan
akibat luka (wound
45. Jawaban: A botulism), keracunan
Pembahasan: pada bayi (infant
Amilase berfugsi sebagai biokatalis hidrolisis botulism)
amilum.
pustaka-indo.blogspot.com2. Lactobacillus dalam pembuatan prokariotik
bulgaricus yoghurt (susu asam).

3. Streptomyces Penghasil antibiotik prokariotik
coelicolor

46. Jawaban: A 4. Candida albicans menyebabkan Jamur
Pembahasan: keputihan, rasa gatal (eukariotik)
dan terbakar pada
Kelas Tempat hidup Amerika vagina yang biasa
Kalimantan Sulawesi Papua Latin disebut dengan
vaginitis

Mammalia pesut tarsius 5. Pseudomonas pendegradasi limbah prokariotik
aeruginosa organik

Aves maleo kasuari

Reptilia penyu hijau anakonda 48. Jawaban: D
Pembahasan:
• Tingkatan Takson Tarsius Berikut ini tabel perbedaan otot polos, otot
Kingdom : Animalia lurik, dan otot jantung.

Filum : Chordata

Sub ilum : Vertebrata

Kelas : Mammalia

Ordo : Primata

Famili : Tarsiidae

Genus : Tarsius

Spesies : tarsier

• TingkatanTakson Pesut (Lumba-lumba air

tawar)

Kingdom : Animalia

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 165 001/1/16/MC

No. Ciri­Ciri Otot Lurik Otot Polos Otot Jantung 2. Reabsorpsi (Penyerapan Kembali)
Reabsorpsi terjadi di dalam tubulus
1. Letak Menyusun otot Menyusun Menyusun otot kontortus proksimal dan dilakukan oleh
sel-sel epitelium di tubulus tersebut.
yang melekat alat-alat dalam, pada dinding Fungsinya adalah untuk menyerap kem-
bali zat-zat di urine primer yang masih
pada tulang misalnya jantung. bermanfaat bagi tubuh seperti glukosa,
asam amino, ion-ion Na+, K+, Ca2+, Cl-,
rangka. dinding usus HCO3-, dan HbO42-. Air akan diserap kem-
bali melalui proses osmosis di tubulus
dan pembuluh dan lengkung henle. Zat-zat yang masih
berguna itu akan masuk ke pembuluh
darah. darah yang mengelilingi tubulus. Hasil
dari reabsorpsi adalah urine sekunder/
2. Bentuk Sel bulat Ujung sel Bulat iltrat tubulus yang kadar ureanya lebih
sel tinggi dari urine primer.
memanjang meruncing, memanjang
3. Augmentasi (Pengumpulan)
ada banyak inti inti berjumlah dengan ujung Urine sekunder akan memasuki tahap
augmentasi yang terjadi di tubulus kon-
terletak di tepi. satu, di tengah. bercabang, tortus distal. Disini akan terjadi pengeluar-
an zat sisa oleh darah seperti H+, K+, NH3,
ada banyak inti dan kreatinin. Ion H+ dikeluarkan untuk
menjaga pH darah. Proses augmentasi
sel terletak di menghasilkan urine sesungguhnya yang
sedikit mengandung air.
tengah.
51. Jawaban: D
3. Kontrol Otot sadar Otot sadar Otot tak sadar. Pembahasan:
saraf (kontraksi (kontraksi Hormon etilen banyak terdapat banyak pada
dikontrol oleh dikontrol oleh buah yang sudah matang.
sistem saraf sistem saraf Sehingga untuk mempercepat pemasakan
sadar). sadar). buah dilakukan dengan mencampur buah
yang matang dengan buah yang belum ma-
4. Reaksi Cepat Lambat Lambat tang.

5. Sifat Cepat lelah Tidak cepat Tidak cepat 52. Jawaban: A
kerja lelah. lelah. Pembahasan:
Fotorespirasi adalah sejenis respirasi pada
49. Jawaban: B pustaka-indo.blogspot.com tumbuhan yang dibangkitkan oleh penerima
Pembahasan:

Kantung udara Trakea Sel-sel tubuh Kantung
Trakeolus udara

Spirakel tempat Dinding tubuh Trakea
udara masuk Udara

Sumber: Biology, Campbel

50. Jawaban: D

Pembahasan:

Berikut adalah 3 proses pembentukan urine:

1. Filtrasi (Penyaringan)

Filtrasi merupakan perpindahan cairan

dari glomelurus menuju ke ruang kapsula

bowman dengan menembus membran

iltrasi. Membran iltrasi terdiri dari tiga

lapisan, yaitu sel endotelium glomelurus,

membran basiler, dan epitel kapsula bow-

man. Tahap ini adalah proses pertama

dalam pembentukan urine, menghasil-

kan urine primer/iltrat glomerulus yang

masih mengandung zat-zat yang masih

bermanfaat seperti glukosa, garam, dan

asam amino.

166 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

cahaya oleh daun, dan juga dipengaruhi oleh pustaka-indo.blogspot.com tarik kesimpulan bangsa kera dan manusia ke-
kebutuhan energi dan ketersediaan oksigen mungkinan memiliki nenek moyang sama.
dalam sel. Jadi bukan manusia berasal dari bangsa kera,
Proses ini hanya terjadi pada stroma kloro- karena terdapat garis perkembangan yang
plas, dan didukung oleh peroksisom dan berbeda (terdapat percabangan).
mitokondria.
55. Jawaban: E
53. Jawaban: C Pembahasan:
Pembahasan: Dampak negatif rekayasa genetika trans-
Basa nitrogen yang menyusun ADN ada 2 genik antara lain:
macam, yaitu 1. Potensi toksisitas bahan pangan
1. Basa Purin yang terdiri atas Adenin dan Contoh:
Guanin. • Transfer gen tertentu dari ikan ke
Solusi mengingat: P-A-Gu = Purin terdiri dalam tomat, yang tidak pernah
atas Adenin dan Guanin. berlangsung secara alami, berpotensi
2. Basa Pirimidin yang terdiri atas Timin dan menimbulkan risiko toksisitas yang
Sitosin. membahayakan kesehatan.
Solusi mengingat: P-T-S = Purin terdiri atas • Kedelai transgenik, misalnya, pernah
Timin dan Sitosin. dilaporkan adanya kasus reaksi alergi
Rincian jumlah purin: yang serius.
A. 5’-TAGTTTGGATA-3’memiliki kompo- • Ditemukan kontaminan toksik dari
sisi purin 6 bakteri transgenik yang digunakan
B. 5’-TGCTGCTATAT-3’ memiliki kompo- untuk menghasilkan pelengkap ma-
sisi purin 4 kanan (food supplement) triptofan.
C. 5’-TAGTAAGGATA-3’memiliki kompo- 2. Potensi menimbulkan penyakit/gang-
sisi purin 8 guan kesehatan.
D. 5’-TTCTGCTATAT-3’ memiliki kompo- WHO pada tahun 1996 menyatakan
sisi purin 3 bahwa munculnya berbagai jenis ba-
E. 5’-ATCTGCTATAA-3’memiliki kompo- han kimia baru, baik yang terdapat di
sisi purin 5 dalam organisme transgenik maupun
produknya, berpotensi menimbulkan
54. Jawaban: D penyakit baru atau pun menjadi faktor
Pembahasan: pemicu bagi penyakit lain.
Berdasarkan gambar (a) bahwa terdapat Mis­ 3. Potensi erosi plasma nutfah.
sing Link dalam perkembangan bangsa kera 4. Potensi pergeseran gen.
sampai dengan manusia.
Berdasarkan gambar (b) terdapat titik temu 56. Jawaban: C
pada garis yang sama antara bangsa kera dan Pembahasan:
manusia yang kalau ditarik garis menuju titik Kitosan dapat meningkatkan daya awet ber-
awal, menuju titik yang sama. Maka dapat di- bagai produk pangan, contoh sosis, nuget, jus

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 167 001/1/16/MC

buah/sayur, produk olahan ikan, dan lain-lain 4. Terjadinya “alga bloom” dan terproduk-
karena memiliki aktiitas antimikroba dan anti sinya senyawa toksik yang akan meracuni
oksidan. (Pernyataan pertama benar) ikan dan kerang, sehingga tidak aman
Kitosan adalah senyawa polimer alam turunan untuk dikonsumsi masyarakat dan meru-
kitin yang diisolasi dari limbah perikanan, sak industri perikanan. Pada masa kini
seperti kulit udang dan cangkang kepiting. hubungan antara pengkayaan nutrien
(Pernyataan kedua (alasan) salah). dengan adanya insiden keracunan kerang
di perairan pantai/laut meningkat.
57. Jawaban: C
Pembahasan: 5. Produksi vegetasi meningkat sehingga
Sistem pembuluh limfa berfungsi mengem- penggunaan air untuk navigasi maupun
balikan cairan limfa dari ruang antar sel ke rekreasi menjadi terganggu. Hal ini ber-
sistem sirkulasi. (Pernyataan pertama benar). dampak pada pariwisata dan industri
Cairan limfa yang diangkut ke dalam sistem pariwisata.
sirkulasi mengandung sel darah merah yang
berfungsi mengikat oksigen. (Pernyataan 59. Jawaban: C
kedua (alasan) salah). Pembahasan:
Cairan limfa yang diangkut ke dalam sistem Keempat tahapan tersebut dapat dilihat da-
sirkulasi mengandung sel darah putih (leu- lam tabel berikut.
kosit granuler, agranuler), antibodi, tidak pustaka-indo.blogspot.com
mengandung sel darah merah. No. Glikoli­ Dekar­ Siklus Transpor
sis boksilasi Krebs Elektron
58. Jawaban: C Oksidatif
Pembahasan:
Eutrofikasi adalah pencemaran air yang 1. Tempat Sitosol Matriks Matriks Membran
disebabkan oleh munculnya nutrien yang
berlebihan ke dalam ekosistem air, dampak berlang- mitokon- mitokondria dalam
yang ditimbulkan antara lain:
1. Rusaknya habitat untuk kehidupan sungnya dria mitokondria
berbagai spesies ikan dan invertebrata.
Kerusakan habitat akan menyebabkan 2. Bahan Glukosa Asam Asetil ko-A NADH dan
berkurangnya biodiversitas di habitat FADH2
akuatik dan spesies lain dalam rantai yang di- piruvat
makanan.
2. Konsentrasi oksigen terlarut turun se- gunakan
hingga beberapa spesies ikan dan kerang
tidak toleran untuk hidup. 3. Hasil 2 Asam 2 Asetil 4 CO2 H2O
3. Rusaknya kualitas areal yang mempunyai
nilai konservasi/cagar alam margasatwa. Senyawa piruvat, ko-A dan

2 H2O 2 CO2

4. Macam 2 NADH 2 NADH 6 NADH dan

akseptor 2 FADH

5. Jumlah 2 ATP - 2 ATP 34 ATP
ATP

SMART SOLUTION:
Ge De Si Rae
1 23 4

1. Glikolisis
2. Dekarboksilasi oksidatif
3. Siklus Krebs
4. Rantai Transfer Eklektron

168 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

Kunci Belajar Materi Metabolisme: (2) Tempat pelekatan benang spindel
Pahami :
• Tempat pada saat pembelahan sel.
• Proses • Sentromer dapat melindungi ADN dari
• Hasil
enzim nuklease (nuklease merupakan
60. Jawaban: A
enzim restriksi/pemotong ADN).
Pembahasan: • Pada tahap telofase membran inti kem-
• Dua fungsi sentromer:
bali terbentuk dan benang spindel akan
(1) Sebagai tempat melekatnya kromatid
saudara. menghilang menjadi mikrotubula biasa.

pustaka-indo.blogspot.com

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 169 001/1/16/MC

Jawaban dan Pembahasan
Tes Kemampuan Dasar Sains dan Teknologi

(TKD SAINTEK)
2016

1. Jawaban: E 3. Jawaban: A

Pembahasan: Pembahasan:
L1 ⇒ x2 + y2 + 6x – 6y = 9 2 cos x sin y ≥ 1
TP (-3, 3) H = 3 Cara substitusi option.

6 4. Jawaban: A

Pembahasan:

12 P(s, t)/(a, b) ⇒ Q(2a – s, 2b – t)
315 3
-3 melalui titik pusat gradien sama
pustaka-indo.blogspot.com
L2 TP (6, 15) b = t > a = s: t
Jadi (x – 6)2 + (y – 15)2 = 36 a s b

5. Jawaban: C

2. Jawaban: E Pembahasan:

Pembahasan: H G
E F
C
12 10 DK C K'

D B A2B
A 8
HK’= …? dari ∆HDK’
BD = BC
H
Cari ∠C = ?
13
82 = 102 + 122 – 240 cos C

cos C = 3 23 ?
4
K'

BD = …?

BD2 = BD2 + 100 – 20 BD cos C B

-100 = -20 BD . 3 c=os B -=4-4 5 1 15
4 15

BD = 20
3

170 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

6. Jawaban: E 51 = 255a

Pembahasan: a = 51
255
f(x )2−)(gx(−=x1)) h( x) + x
( x+ u1 = a = 1
5
f (1)– g=(1) h(1) +1

( f(x )2−)(gx(−x1)=) h( x) + x +1 10. Jawaban: A
x− Pembahasan:
f (1)– g=(1) h(1) + 2 f (x) = x3 + ax + 2
f ’(x) = 3x2 + a = 0
Jadi (f ( x))2 − (g( x))2 = 2 . 1 = 2 a = -3x2
a = -3 (0)2
( x −1) =0

7. Jawaban: C 11. Jawaban: B

Pembahasan: Pembahasan:
y1 = 3x+1 –  91 x akan berada di bawah
y2 = 3x + 1 jika nilai x negatif. Jika f (x) = f(x + 2) untuk setiap x maka f(x) =
Jadi x < 0
C (konstan)

8. Jawaban: B ∫2
Pembahasan:
Cdx = B
pustaka-indo.blogspot.com ⇒ Cx 2 =B
0

0

lim x(1− x +1)csc2 x 2C = B

x→0 3 7
∫Cdx = 3
x x +1). (1+ x +1) Cx
sin2 (1+ x +1)
= lim (1− 7

x→0 x = 7C – 3C = 4C

= lim x(1− ( x + 1)) 4C = 2B
sin2 x (1+ x +1)
x→0 12. Jawaban: B
Pembahasan:
= lim x2 x . 1 y = x2 y = 4
sin2 (1+ x +1)
x→0

= 1
2
y=4
9. Jawaban: A y=k

Pembahasan:

• u255 = ar 255
u254 ar 254

2 =r x= y
1
∫ y = y4 2 34
2=r 1
2 2
30
0
• S8 = u3 + u2 + … + u8 = 51
a(r8 −1) = 16
S8 = r −1 3

51 = a(28 −1) ∫1 . 16 = k y 1
2 −1 3 0
2 2 dy

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 171 001/1/16/MC

2 3 4 = 8 DG = 2b3 +18b = 2b + 6
3 0 3 2b2 + 6 2b
y2

3 4b4 + 36b2 = 4b4 + 24b2 + 36

K2 =4 12b2 = 36

K = 42/3 b2 = 3

13. Jawaban: B 16. Jawaban: D
Pembahasan:
Bilangan genap n = abc (3 digit) Pembahasan:
3 < b < c atau c > b > 3
Vt2 = V02 + 2gh
6,12 = 0 + 2(9,8)h

abc 37,21 = 18,6h

g h= 37, 21 = 1,9 m
18, 6
jika b = 4 C 6
b=5 8
6 Maka maksimum yang dapat dicapai 9,1 m +
C 8
1,9 m = 11 m

b=6 C 8 17. Jawaban: D
Pembahasan:
b=7 C 8

Jadi 9 × 2 + 9 × 2 + 9 × 1 + 9 × 1 = 54
pustaka-indo.blogspot.com
14. Jawaban: C

Pembahasan: Mm
Wm
y = 3 – x2

m = y’ = -2x titik P(-a, b) θ
Q(a, b)
y’ = -2(-a) tan θ = 3
4
y = 2a
sin θ = 3
∆ sama sisi α = 60° 5

m = tan 60 = 2a cos θ = 4
5
2a = 3

a = 1 3 Agar dalam kondisi diam memiliki persa-
2
maan:

15. Jawaban: B Wm = Wsinθ + fs

Pembahasan: mg = 100  53 + (0,25)(100)  4  g
5
f(x) = 3x + b
m = 80 kg
1
18. Jawaban: B
∫ 3x + b dx = 2b Pembahasan:

−1 TB
1 θ

∫ (3x + b)2 dx = 2b2 + 6 Mg TC

−1
1

∫ (3x + b)3dx = 2b3 + 18b

−1

172 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

tg θ = Mg 21. Jawaban: C
TB
Pembahasan:

TB = Mg n = 0,5 k mol
tgθ
P = 120 kPa = 1,2 . 105 Pa

= Mg . cot θ Vo = 250 cc/kmol
= 125 cc/0,5 kmol
19. Jawaban: C
= 12,5 × 10-5 m3/0,5 kmol
Pembahasan: W = P . ∆v
m = massa 2 karung = 2 × 25 = 50 kg
M = massa 2,2 karung = 2,2 × 25 = 55 kg ∆v =W = 4,2 = 3,5 . 10-5 m3
P 1, 2 .10 −5
F1 F2
π r12 = π r22 Volume akhir :

m.g = M.g V = Vo + ∆v
π . r12 π . r22 = 12,5 × 10-5 + 3,5 . 10-5
= 16 × 10-5 m3
50 = 55
π . r12 π . r22 PV = nRT

 r2  2 55 T = PV 1, 2 . 10-5 ×16.10-5
 r1  50 nRT = 0,5×R
=
pustaka-indo.blogspot.com
 r2  2 11 = 19, 2
 r1  10 0,5R
=
= (38,4/R)K

r2 = 1,1 22. Jawaban: D
r1
Pembahasan:

20. Jawaban: E Karena karena energi Ef = Ei maka perubahan
Pembahasan: energi yang dialami oleh gas ideal tersebut

v2 = 7 m/s sama dengan nol, disimpulkan bahwa tidak

terjadi perubahan suhu (isotermal) yaitu Tf = Ti

h=7m 23. Jawaban: D

v1 = 2 m/s Pembahasan:
Karena T ∞ m, maka:

P1 + 1 ρ v12 + ρ . g . h1 = P2 + 1 ρ v22 + ρ . g . h2 T1 = m1
2 2 T2 = m2

P1 + 1 1000 . 4 + 1000 . 9,8 . 0 2 = m1
2 3 = m2

= P2 + 1 . 1000 . 49 + 1000 . 9,8 . 7 _________ masing-masing ruas dikuadratkan
2 m49 2====mm9412 m

P1 – P2 = 91100 Pa = 9.1 × 104

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 173 001/1/16/MC

24. Jawaban: A Oleh karena λ1 > λ2, maka cahaya yang mung-
Pembahasan: kin dipancarkan adalah MERAH, karena merah
Agar lampu menyala redup, yang harus dilaku-
kan adalah memasang hambatan (resistor) memiliki panjang gelombang (λ) yang lebih
secara paralel pada lampu. Berarti arus yang kecil dari jingga.
memasuki lampu makin kecil akibatnya lampu
menjadi redup 27. Jawaban: B
Pembahasan:
Sebab : betul, akibat betul, tidak berhubungan.

25. Jawaban: E 28. Jawaban: A
Pembahasan:
Pembahasan: Sebab : betul

∑f = 0

F–f=0

F =f FP = k Q
r
= (0,25) . 1. 10 B B'
A
= 2,5 N

F =B.i. x B"

B = 2,5 pustaka-indo.blogspot.com 2x
(0, 5) .1

=5T karena posisi B” sama dengan posisi awal (B),

26. Jawaban: E maka tidak ada usaha yang dilakukan.

Pembahasan: Akibat : betul
Anggap kulit n = ∞, maka:
W = -F . s

=λ11 R  1 1  = - k . Q1 . Q2 ×r
32 n2 r2
−

=λ11 R  1 − 1  = - k .Q1 .Q2
9 ∞ r

1 = R = -∆EP
λ1 9 Tanda (-) berarti usaha yang dilakukan selalu

R melawan gaya listrik yang ada. Ada hubungan
9
λ1 = (jingga) sebab akibat.

=λ12 R  1 − 1  29. Jawaban: E
22 n2
Pembahasan:
=λ12 R  1 − 1 
4 ∞ ms = m
mp = M
1 = R (1) Tanda negatif (-) berarti ada energi yang
λ2 4 dilakukan untuk melawan gaya grafitasi
Newton.
λ2 = 4 (4) EM = EP + EK
R

174 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

EK = EM – EP dengan kata lain energi kinetik n = 1 , 1 , 1 , 1
satelit lebih kecil dari pada energi mekanik λ0 λ1 λ2 λ3

satelit = 11, 1 , 1 , 1 ,
1 1 1
30. Jawaban: B
234

Pembahasan: = 1: 2 : 3 : 4,

 = 0,5 m Jadi bilangan gelombang = 1 m

m = 10 g = 10-2 kg 31. Jawaban: A

F = 200 N Pembahasan:

1) v= F = F . v = λ.f Energi pengion ke 1 paling kecil artinya paling
µ m mudah melepas elektron pertama ⇒ sehing-
ga lebih cenderung membentuk ion X+.
λ.f = 200 . (0, 5)
10−2

λ.f = 104 λ = 1 32. Jawaban: C
2l
Pembahasan:
f = 100 m/s/0,25 = 400 Hz
17X = 2 8 7 ⇒ elektron valensi 7
2) 0,5 m adalah panjang dawai, amplitudo 8Y = 2 6 ⇒ elektron valensi 6 (sebagai atom
pusat)
pendulum tentu 0,5 m. pustaka-indo.blogspot.com

3) v= F Tipe Molekul (TM) = AXmEn
µ
A = atom pusat, X = PEI, E = PEB
200 . (0, 5)
= 10−2 Rms mencari PEB ⇒ E = PEB = EVatom pusat − PEI

2

= 104 = 6−2 =2
2
= 100 m/s
2π
4) K = λ Jadi TM = AX2E2 ⇒ sehingga bentuk molekul-
nya (BM) = bentuk V.

• λ=3 v= 140000= 1 m 33. Jawaban: B
f3 4
Pembahasan:
• f=1 v= 100,50= 200 Hz
Ratio Mol = Na : S : O =  22,33 :  3, 2  :  2, 4 
32 16
λ=1 v= 120000= 0,5 m
f1 = 0,1 : 0,1 : 0,15 = 1 : 1 : 1,5 = 2 : 2 : 3

• f0 = 1 ⋅ v = 1 ⋅ 100 = 100 Hz Jadi Rumus Senyawa Hipo = Na2S2O3
2  2 0,5 Untuk 0,1 mol Na2S2O3 ⇒ maka jml atom S
= mol senyawa × jml atom S × L
λ=0 v= 110000= 1m = 0,1 × 2 × 6,02 × 1023
f0 = 1,204 × 1023

• f2 = 3 ⋅ v = 3 ⋅ 100 = 300 Hz
2  2 0,5

λ=2 v= 130000= 1 m
f2 3

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 175 001/1/16/MC

34. Jawaban: B 37. Jawaban: B
Pembahasan:
Pembahasan: Menyetarakan pesamaan reaksi redoks de-
ngan cara bilangan oksidasi:
Persamaan reaksi setara: 0 PBO = 1(5) -1

SiO2 + 3C(s) → SiC(s) + 2CO(g)

Mula-mula = 15/60 15/12 - -

0,25 1,25 3 Cl2 → 5 Cl– + 1 ClO3–

Reaksi = 0,25 0,75 0,25 0,50

Akhir = -0,50 0,25 0,50 0 PBO = 5(1) +5

Jadi Massa CO yang dihasilkan Jadi : 3 mol Cl2 ≈ 1 mol ClO3–

= mol CO × Mr CO = 0,50 × 28 = 14 gram 1 mol Cl2 ≈ 1 mol ClO3–
3
35. Jawaban: E

Pembahasan: 38. Jawaban: C
Pembahasan:
Mol Ti(OC3H7 )4 = Mol uap air ⇒ Spesi yang terbentuk pertama kali pada ka-
V Ti(OC3H7 )4 V uap air toda adalah Cu karena memiliki Eo paling be-
sar sehingga lebih mudah mengalami reduksi
Mol Ti(OC3H7)4 = 0,1 mol × 0, 24 L = 0, 01 mol menghasilkan Cu.
2,4 L

⇒ Maka : Mol X = Koefisien X pustaka-indo.blogspot.com×

Koefisien Ti(OC3H7 )4

Mol Ti(OC3H7)4 = 4 × 0,01 = 0,04 mol 39. Jawaban: C
1
Pembahasan:

⇒ Jadi M=r X m=Gol 2, 4 = 60 Reaksi: 2N2O5(g) → 4NO2(g) + O2(g)
0, 04
Laju Reaksi NO2 = 6 mol L–1 s–1

36. Jawaban: E Maka laju reaksi N2O5 = Koefisien N2O5
KoefisienNO2
Pembahasan:
= 2 × 6 = 3 mol L–1 s–1
Reaksi Molekul: 4
CH4(g) + 2O2(g) → CO2(g) + 2H2O(g) ∆H= -892 kJ
Reaksi Ikatan: 40. Jawaban: E

H Pembahasan:
H C H+2O=O →O=C=O+2O–H–O
Reaksi setimbang : 2F2(g) + O2(g) → 2OF2(g)
H
Tekanan awal: 1 1 -
Rumus: ∆H = ∑EI kiri – ∑EI kanan
Reaksi: 2x x 2x

∆H = (4 × EI C – H + 2 × EI O=O) – (2 × EI C=O Setimbang: 1-2x 1-x 2x

+ 4 × EI H-O)

-892 = (4 × EI C – H + 2 × 493) – (2 × 743 + 4 × 463) Tekanan Total = P F2 + P O2 + P OF2
1,75 = (1 – 2x) + (1 – x) + (2x)
-892 = (4 × EI C – H + 986 ) – (1486 + 1852) 1,75 = 2 – x
X = 2 – 1,75 = 0,25
4 × EI C – H = -892 + 3338 – 986

EI C – H = 1460 = 365 kJ/mol
4

176 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

Maka: 43. Jawaban: D

P F2 = 1-2x = 1- 2(0,25) =1 – 0,5 = 0,5 atm Pembahasan:

P O2 = 1 – x = 1 – 0,25 = 0,75 atm Reaksi ionisasi : (NH4)3 PO4 → 3NH4+ + PO34-
Reaksi Hidrolisis:
P OF2 = 2x = 2(0,25) = 0,5 atm

Kp = (P OF2 )2 = (0, 5)2 a. NH4+ + H2O → NH3 + H3O+
(P F2 )2 × P O2 (0,5)2 × 0,75 Asam Basa Basa Asam

= 4 = 1,333 b. PO34−(aq) + H2O(l) → HPO42-(aq) + OH-(aq)
3
Basa Asam Asam Basa

41. Jawaban: ­ 44. Jawaban: B

Pembahasan: Pembahasan:

Fraksi mol 1= (mol mol KNO3 asetat) Syarat isomer geometri:
KNO3 + mol etil
1. Memiliki rantai C ikatan rangkap 2.
0,05 0,05 1
= (0,05 + 0,10) = 0,15 = 3 2. Masing-masing atom C rangkap mengikat

mol Fruk 2 atom yang berbeda.
Fruk + mol etil
Fraksi mol 2 = (mol asetat) Reaksi terbentuknya:

= 0,1 = 0,1 = 1 1) CH3
(0,1+ 0,1) 0,2 2 CH3 – CH = C - CH2 - CH2 - CH3 + Cl2 →
pustaka-indo.blogspot.com
Karena zat 1 terionisasi sempurna ⇒ maka α CH3
H2C CH C CH2 CH2 CH3
= 1, n = 2 ⇒ jadi faktor van’t hof = i = n = 2
Cl Cl
 31 × 2 2
∆P1 = Xt1.P0 .i = 1 = 3 = 4 = 4 :3 Masing-masing atom C rangkap mengikat
∆P2 Xt2 .P0 1 3
2 atom yang berbeda.
22
2) CH3 – CH = CH - CH2 - CH3 + Cl2 →
42. Jawaban: A H

Pembahasan: H2C CH C CH2 CH3
Cl Cl
n HNO2 = 300 mL × 0,5 M = 150 mmol (Asam
Lemah) ⇒ lebih besar Maka sebagai Masing-masing atom C rangkap mengikat
n KOH = 200 mL × 0,25 M = 50 mmol (Basa
2 atom yang berbeda.

Kuat) 3) CH3 + Cl2 →
CH3 – C = CH - CH3
Larutan Penyangga Asam:
CH3 H
Rumus cepat: H2C C C CH3

[H+] = Ka × n Asam lemah − n Basa Kuat Cl Cl
n Basa Kuat

= 5 × 10-4 × 150 − 50 = 10-3 ⇒ pH = 3 Punya atom C rangkap mengikat 2 atom
50
yang sama.

50 4) CH3
CH3 – CH = C - CH2 - CH3
+ Cl2 →

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 177 001/1/16/MC

CH3 • Tidak bisa mereproduksi sendiri.
H2C CH C CH2 CH3 Virus juga tidak dapat mereproduksi
sendiri, melainkan harus menginfeksi
Cl Cl sel inang untuk bereproduksi. Jadi virus
ini sangat berbeda dari salah satu orga-
Masing-masing atom C rangkap mengikat nisme yang jatuh ke dalam tiga domain
kehidupan.
2 atom yang berbeda.
47. Jawaban: B
5) CH3 CH3 + Cl2 → Pembahasan:
CH3 – C = C - CH3 • Cara reproduksi bambu:
a. Secara seksual dengan cara meng-
CH3 CH3 hasilkan bunga.
H2C C C CH3 Terjadi pada banyak spesies bambu
ketika lingkungan ekstrim, bunga
Cl Cl dan menghasilkan biji. Benih yang
Punya atom C rangkap mengikat 2 atom matang akan jatuh ke tanah dan
berkecambah dalam waktu tiga sam-
yang sama. pai lima hari.
b. Secara aseksual yaitu dengan meng-
Jadi jawabannya : 1, 2, 4 (B) hasilkan tunas.
Rimpang (rhizoma) tumbuh dari
45. Jawaban: B rimpang lainnya dan menghasilkan
Pembahasan: tunas yang sampai ke permukaan
Polimer Nilon-6 terbentuk dari monomer namun akar tetap di dalam tanah.
asam 6-hidroksi heksanoat dengan monomer Selain cara di atas bambu juga dapat
heksametilen diamin. berkembangbiak saat batang bambu
Reaksi polimerisasi : jatuh ke tanah dan akan muncul tu-
pustaka-indo.blogspot.com nas baru melalui batangnya.
OO • Karakteristik batang bambu:
a. Sifatbatang:tegaklurus,tegakdanme-
NH2 – (CH2)6 – N - H + HO - C - (CH2)5 - OH → NH2 – (CH2)6 – N – C - (CH2)5 -OH + H2O lengkung, bersandar, dan merambat.
b. Cabang
H H Air Posisi cabang: dibagian atas batang
heksametilen diamin asam 6-hidroksi heksanoat Nilon-6 saja, diseluruh batang.
Sifat dan panjang cabang: cabang
• Karena menghasilkan molekul lain (H2O) utama, cabang atas atau bawah.
Jumlah cabang: tunggal, dua, tiga.
maka reaksi polimerisasi kondensasi. Tempat muncul cabang: pada garis
node, diatas node.
46. Jawaban: E
Pembahasan:
Virus tidak dikelompokkan makhluk hidup
karena:
• Tidak terdiri dari sel-sel.
Virus pada dasarnya adalah DNA atau RNA
yang dikelilingi oleh lapisan protein. Hal
ini tidak terbuat dari sel, dan tidak dapat
mempertahankan lingkungan internal
yang stabil (homeostasis). Ingatlah bahwa
sel adalah unit dasar dari organisme
hidup. Jadi, jika virus tidak terbuat dari
setidaknya satu sel, apakah dapat dika-
takan hidup?

178 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

Postur cabang: horizontal, menyudut loem, fungsinya ke arah dalam membentuk
ke atas, menyudul ke bawah. xilem sekunder dan ke arah luar membentuk
loem sekunder.
48. Jawaban: B
Pembahasan: 52. Jawaban: D
Garis Wallacea adalah garis yang dibuat oleh
Alfred Russel Wallace berupa garis khayal Pembahasan:
yang memisahkan penyebaran hewan Indo-
nesia menjadi 2 yaitu Australis (timur) meliputi Dari gambar, hormon yang berperan adalah:
NTT, NTB, Papua dan Orientalis (barat) meli-
puti Bali, Jawa, Kalimantan. • Giberelin (perkecambahan).
Dan dalam penelitiannya Wallace menemu- • Sitokinin (pembelahan sel).
kan bahwa fauna yang ada di Pulau Lombok • Auxin, giberelin, sitokinin (merangsang
berbeda dengan fauna yang ada di Pulau Bali,
meskipun secara geograis antara kedua lokasi pembungaan).
berdekatan.
53. Jawaban: C
49. Jawaban: D
Pembahasan: Pembahasan:
• Epitel kubus selapis tersusun atas sel-sel
yang berbentuk kubus dan hanya selapis Mutasi gen, salah satunya adalah penggantian
sel saja, terspesialisasi untuk fungsi-fungsi basa yang terdiri dari 2 macam, yaitu:
sekresi (mengeluarkan zat tertentu se- • Transisi = basa purin diganti dengan
perti enzim).
• Terdapat pada: tubulus ginjal, kelenjar purin lain, basa pirimidin diganti dengan
ludah, kelenjar tiroid, dan banyak kelenjar pirimidin lain.
lainnya. • Transversi = basa purin diganti pirimidin,
• Dalam tubulus ginjal terjadi sekresi Cl- ke basa pirimidin diganti dengan purin.
dalam jaringan di sekitarnya, dan sekresi pustaka-indo.blogspot.com
juga H+, NH4+. 54. Jawaban: B

50. Jawaban: B Pembahasan:
Pembahasan:
Akar lateral dihasilkan pada bagian pinggir si- Syarat berlakunya hukum Hardy-Weinberg
linder pusat tumbuh ke samping dan dibentuk
oleh perisikel/perikambium. adalah:
• populasinya besar;
51. Jawaban: D • perkawinan acak;
Pembahasan: • viabilitas dan fertilitas sama;
Kambium pembuluh/kambium vesikuler yaitu • tidak terjadi mutasi, migrasi, seleksi.
kambium yang terletak di antara xilem dan
55. Jawaban: C
Pembahasan:
Struktur membran sel:

Luar Sel Glikoprotein Protein Entrinsik
Glikolipid
Protein
Intrinsik

Bagian Hidropobik Fospolipid Bilayer

Luar Sel Protein Ekor asam Lemak

(Sitoplasma) Hidroilik Kepala bilayer
(Fospolipid) Hidroilik
Protein Intrinsik Protein Entrinsik

Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 179 001/1/16/MC

Protein Transmembran: Peripheral 58. Jawaban: A
membrane Pembahasan:
Transmembrane Fatigue (kelelahan otot) disebabkan karena
proteins protein timbunan asam laktat, kekurangan oksigen,
dan aktiitas yang berlebihan.
Phospholipid
bilayer 59. Jawaban: D
Pembahasan:
Peripheral Integral Sampai tahun 1940-an, dugaan protein se-
membrane membrane bagai materi genetik masih kuat dikarenakan
para ahli biokimia telah mengidentiikasi pro-
protein proteins tein sebagai satu kelas makromolekul dengan
heterogenitas dan spesifisitas fungsi yang
Dari dua gambar di atas dengan jelas dapat besar, yang merupakan persyaratan wajib
materi herediter. Sedangkan masih sedikit
kita amati, protein perifer (ekstrinsik) tidak sekali yang diketahui tentang asam nuklet
karena struktur dan fungsinya masih terlihat
tertanam pada lipidbilayer terlampau seragam untuk dijadikan sebagai
materi genetik.
56. Jawaban: E
Pembahasan: 60. Jawaban: B
Tumbuhan menyerap nitrogen dalam ben- Pembahasan:
tuk nitrat, bukan dalam bentuk amonia. Jadi • Kloning menggunakan klon nucleus
pernyataan salah dan alasan salah. somatic, sedangkan fertilisasi in vitro
pustaka-indo.blogspot.com menggunakan nukleus sel telur dan sel
57. Jawaban: D sperma.
• Karena kloning menggunakan nucleus
Pembahasan: somatic, maka keturunannya identik.
Pernyataan salah Sedangkan fertilisasi in vitro yang meru-
• Ventilasi merupakan salah satu proses pakan perpaduan sel ovum dan sperma
memiliki keturunan yang tidak identik.
pertukaran udara antara atmosfer dengan • kloning dan fertilisasi in vitro sama-sama
darah. membutuhkan rahim resipien.
• Pada ikan bertulang keras (ikan mas, gu-
rame, dll) yang memiliki insang internal
karena memiliki tutup insang (oper-
kulum), dipengaruhi oleh membuka
menutupnya operkulum.
• Sedang pada ikan bertulang rawan (hiu,
pari) yang memiliki tipe insang eksternal
karena tidak memiliki penutup insang
(operkulum), dipengaruhi oleh katup
insang.
Alasan benar
Darah ikan selalu berada di dalam pembuluh
darah (tertutup).

180 Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK 001/1/16/MC

Kunci Jawaban Soal Prediksi
Tes Kemampuan Dasar Sains dan Teknologi

(TKD SAINTEK)

1. E 11. C 21. Dpustaka-indo.blogspot.com31. D 41. C 51. E
2. A 12. D 22. E 32. B 42. B 52. C
3. D 13. B 23. D 33. A 43. A 53. C
4. E 14. A 24. A 34. E 44. A 54. B
5. B 15. C 25. A 35. A 45. B 55. B
6. C 16. B 26. A 36. C 46. D 56. C
7. A 17. D 27. D 37. C 47. C 57. B
8. B 18. C 28. D 38. B 48. B 58. B
9. A 19. C 29. E 39. C 49. B 59. C
10. D 20. C 30. E 40. B 50. D 60. E

Kunci Jawaban Soal PrePdrikmsaigKaemmaamSmpuaartnSDoalusatiroSnaLinoslodsaSnBTMePkTnNoloSAgiIN2T0E1K7 181 001/1/16/MC

pustaka-indo.blogspot.com

001/1/16/MC

001/1/16/MC

pustaka-indo

o.blogspot.com

Seleksi Bersama Masuk Perguruan Tinggi Negeri atau disingkat SBMPTN SIMPLE
merupakan seleksi bersama dalam penerimaan mahasiswa baru di
lingkungan perguruan tinggi negeri menggunakan pola ujian tertulis secara Membuat belajar &
nasional yang selama ini telah menunjukkan berbagai keuntungan dan penyelesaian soal-soal
keunggulan, baik bagi calon mahasiswa, perguruan tinggi negeri, maupun yang dirasa sulit menjadi
kepentingan nasional. Bagi calon mahasiswa, ujian tertulis sangat mudah diselesaikan.
menguntungkan karena lebih efisien, murah, dan fleksibel karena adanya
mekanisme lintas wilayah. MIND

Grasindo bekerjasama dengan PT Prima Edu Pendamping Belajar turut serta Menyelesaikan soal-soal
berpartisipasi membantu meningkatkan mutu pendidikan nasional, dengan dengan menggunakan
mengembangkan inovasi sarana pendukung belajar yang diperlukan siswa. rumus-rumus yang
Oleh karena itu, Grasindo dan PT Prima Edu Pendamping Belajar mudah diingat.
menerbitkan buku Primagama Smart Solution Lolos SBMPTN SAINTEK
yang berisi bahasan soal SBMPTN (Seleksi Bersama Masuk Perguruan Tinggi RATIONAL
Negeri) tahun 2014, 2015 dan 2016 yang dilengkapi dengan soal Prediksi
SBMPTN SAINTEK. Penyelesaian soal-soal
dengan masuk akal dan
Buku ini diterbitkan dengan tujuan memberikan gambaran dan informasi tetap sesuai dengan
kepada siswa untuk lebih mengenal karakter, tipe soal dan tingkat kesulitan konsep dasar.
soal SBMPTN sesuai bidang studi yang diujikan dari tahun ke tahun. Buku ini
diharapkan dapat membantu siswa untuk belajar mandiri dan siswa menjadi TRICK
lebih siap dalam menghadapi Seleksi Bersama Masuk Perguruan Tinggi
Negeri di tahun berikutnya. Cara penyelesaian
yang cepat dan mudah
Selamat belajar dan raih kesuksesan lolos SBMPTN. sekaligus cerdas.
pustaka-indo.blogspot.com

TIM PENYUSUN:

TES KEMAMPUAN DAN POTENSI AKADEMIK

MATEMATIKA DASAR BAHASA INDONESIA BAHASA INGGRIS TPA GAMBAR
Mulyantara, S.T. Marjono, S.Pd. Sunu Esti Hidayat, S.S. Denisa Apriliawati, S.Psi.
Nuril Huda, M.Pd. Drs. Hery Subagyo, M.Pd.

TES KEMAMPUAN DASAR SAINS DAN TEKNOLOGI

MATEMATIKA IPA FISIKA KIMIA BIOLOGI
Dede Iryanto, S.Pd., M.Pd. Muhammad Yosief Fuadi, S.Si. Drs. Mahfud Rodhi, M.Pd. Drs. Suprapto, M.Pd.
Wahyudi Hidayat, S.Pd. Ayi Pujiyani, S.Pd. I Putu Sudibawa, S.Pd., M.Pd. Drs. Sulindra

Senior High School 3